2021年湖北省武汉市武昌区中考物理一模试卷

2021年湖北省武汉市武昌区中考物理一模试卷

一、选择题（12题，共36分）

1．（2分）如果没有三棱镜，也可以用如图所示的装置来进行光的色散实验。在深盘中盛一些水，盘边斜放一个平面镜，使平面镜下部浸入水中，让阳光照射到水下的平面镜上，并反射到白墙或白纸上，就可以看到彩色的光带，下列不正确的说法或本实验不包含的内容是( )

A．光的反射 B．光的折射

C．折射时不同色光的偏折程度不同 D．反射出来后的光不再有红外线

2．（2分）用香樟树叶卷成筒，把其中一端稍稍捏扁，就可吹响。同一片叶子可以卷成小筒，也可卷成较大的筒（如图所示）。关于两者吹出的声音，下列说法正确的是( )

A．声音主要由叶片振动发出，大筒吹出的音调较低 B．声音主要由叶片振动发出，大筒吹出的音调较高 C．声音主要由空气柱振动发出，小筒吹出的音调较低 D．声音主要由空气柱振动发出，小筒吹出的音调较高

3．（2分）如图，冬季有暖气的房间很干燥，常需要超声波加湿器加湿，超声波加湿是用超声波把水打成水雾喷出增加空气中的水汽；而初夏很多球馆内湿气太重，往往需要用开空调除湿，空调除湿是利用低温把吸入空调室内空气的水蒸气冷凝后再把气体送回房间。下列说法正确的是( )

A．水雾是被超声波汽化形成的，水雾扩散消失不见不需要吸热 B．水雾是液化形成的，然后在空气中汽化要吸热

C．室内空气进入空调后，其中的水蒸气遇低温被液化，所以再送回房间的空气干而冷 D．上述的增湿和除湿都几乎不改变室温

4．（2分）为了探究浮力大小跟哪些因素有关，某小组的同学用同一圆柱形物体进行了如下所示的操作，并记下物体静止时弹簧测力计的示数，图中物体放入前溢水杯均装满液体，物体浸没后用量筒测出溢出液体的体积，如图戊所示。下列说法正确的是( )

A．比较图甲、乙、丙，说明物体受到的浮力大小与浸没在液体中的深度有关 B．比较图甲、丙、丁，说明物体受到的浮力大小与液体密度有关 C．丙图中，物体受到的浮力为0.5N

D．根据图中数据可计算出物体的密度是1.1103kg/m3 5．（2分）关于能源，下列说法正确的是( )

A．电能、地热能都是二次能源 B．风能、水能、太阳能都是可再生能源 C．大量氢核的裂变，可以在瞬间释放出巨大的核能 D．如图太阳能凉帽上的电池板把化学能转化为扇叶的动能

6．（2分）如图是打网球时，挥拍击球的某一瞬间，网球和球拍都是最大形变时刻。关于此时刻的下列说法不正确的是( )

A．球拍的弹性势能最大 B．球的弹性势能最大 C．球的速度为零，受平衡力

D．不管击球方向是哪个方向，网球拍对球的力和球对网球拍的力大小相等

7．（2分）我们日常用的门禁卡使用前要写入相应信息，使用时需要在相应区域刷卡。写卡、刷卡和录音、放音原理

相

同

，

下

列

实

验

原

理

对

应

写

卡

和

刷

卡

的

是

(

)

A．甲和丙

B．甲和丁

C．乙和丁

D．丁和甲

8．（2分）2021年3月23日晚央视军事频道《军事科技》介绍了海水断崖——海水密度的突然变小；若潜艇遭遇“海水断崖”，潜艇会急速下沉，如不及时控制很快将超过潜深极限沉毁海底；1963年4月美国“长尾鲨“号核潜艇就是遭遇海水断崖坠毁在2600米海底。根据你所学的物理知识，有关下列说法不正确的是( )

A．潜艇遇海水断崖时所受浮力突然减小 B．潜艇急剧下降所受压强急剧增大 C．潜艇内海员应立即启动潜艇排水系统工作

D．低密度海水一定是含盐度较低，同样深度压强相应较小

9．（2分）如图是现在一般标准住宅户内配电系统方框图，在图中1、2、3位置应该装配( )

A．空气开关、空气开关、漏电保护器 B．空气开关、漏电保护器、空气开关 C．漏电保护器、空气开关、空气开关 D．保险盒、空气开关、漏电保护器

10．（2分）有两个用电器甲和乙，其电流与其两端电压关系如图所示，其中直线表示用电器甲的电流与其两端电压关系图。下列说法正确的是( )

A．甲用电器的电阻跟它两端电压成正比，跟电流成反比 B．当甲用电器两端电压为0V 时，甲的电阻大小为0

C．如果把这两个用电器串联接在电压为6V 的电路中，电路中的电流是0.35A D．如果把这两个用电器并联接在电压为4V 的电路中，干路中的电流是0.65A

11．（2分）学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校传达室有电池组和甲、乙两盏灯。要求：前

门来人按下开关时甲灯亮，后门来人按下开关时乙灯亮。下列符合要求的是( )

A．

B．

C．

D．

12．（2分）如图，电源电压U恒定，R110。闭合开关S，把开关S1、S2、S3均断开，滑片P在最左端，电流表示数为I，R1消耗的功率为P1；此时，将滑片P滑动到最右端，电流表示数为I；滑片移至最左端，再闭合S1、S3，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为1.8W。已知I:I3:5，P1:P11:25，下列选项正确的是( )

A．R230，U9V

B．电路消耗的最小功率为0.72W C．电路消耗的最大功率为7.2W

D．S、S2、S3闭合，滑片滑至中央，电流表电流表示数1.5A 二、非选择题（共34分）：

13．（3分）《航拍中国》节目不仅让我们领略了祖国如花的大好河山，也一次一次感动于悠久灿烂的中华文明。如图是航拍飞机水平飞过火山口时拍下了自己的影子，影子的形成是因为光的 ，影子通过飞机的摄像头成 （填“实”或“虚” )像，以航拍飞机的影子为参照物，飞机是 （填“运动”或“静止” )的。

14．（3分）如图，春日暖阳，在汉口江滩，放飞风筝，放飞心情，小草的香味也那么沁人心脾；阳光下，感到温暖是 的方式改变了我们体表的内能，风筝在空中主要受两种性质的力：重力和 力；闻到草香是 现象。

15．（4分）如图甲是探究水沸腾时温度变化的特点实验装置。 （1）加一盖子主要是为了 （填下列答案的序号）

A.为了提高水的沸点

B.为了缩短实验时间 C.防止沸水溅出烫伤

（2）盖子上钻一小洞是为了 。 （3）实验的结论是：水沸腾时吸热 。

（4）水沸腾时，水会上下翻滚，故开水也称“牡丹水“如图乙，所以水沸腾时有 转化为机械能。

16．（5分）如图是探究平面镜成像的特点实验，把一支点燃的蜡烛放在玻璃板前面，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去跟前面那支蜡烛的像完全重合。移动点燃的蜡烛，重做实验。在多次实验中需要在纸上记下什么位置？下列选项是正确的是 （只选一个答案的序号）。

A.每次未点燃蜡烛的位置 B.每次点燃蜡烛的位置

C.第一次点燃蜡烛的位置和每次未点燃蜡烛的位置

D.每次点燃蜡烛的位置和未点燃蜡烛的位置分析研究在纸上记下的位置，

可得出的结论是 （写一条即可）

17．（5分）如图，把一根20cm的饮料管A插入盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端。往B管中吹气，可以看到A管中的水面上升。

（1）水面上升是因为A管上方空气流速大，此处气压较 。

（2）A管水面上升，杯底所受水压 （填“变大”、“不变”或“变小” )。 （3）若A管水面高出杯中液面18cm，则A管内外液面气压差为 Pa。 （4）若用力吹气，A管中的水将从管口流出，这个现象的实际应用有 。

18．（6分）如图是一位同学测量小灯泡的电功率时所连接的电路，这个电路连接有两个地方连接错了，请你在错误的导线上打“”，并补画出正确的导线。正确连线后，该同学共进行了7次试验，测量的数据如表。 数据序号 发光情况 电压表示数U/V 1 明亮 2.5 2 亮 2.1 3 较亮 1.7 4 较暗 1.3 5 微光 0.9 6 熄灭 0.5 7 熄灭 0.1 电压表示数U/V 0.29 0.26 0.24 0.21 0.19 0.16 0.05

由表格数据可知，灯泡的亮度由灯泡的 功率决定，7次实验中灯泡的最大功率为 W，灯泡最小电阻为

。

若7次实验中，电源输出电压最大值为2.9V，则7次实验中变阻器的接入最大值为 。

19．（10分）苏伊士运河在埃及贯通苏伊士地峡，沟通地中海与红海，提供从欧洲至印度洋和西太平洋的最近航线。2021年3月23日上午，一艘航行于苏伊士运河、准备驶向荷兰鹿特丹港的集装箱货轮突然“卡”在运河南端而搁浅，这艘名为“长赐”号的货轮达22万吨，船体长400米，宽60米；3月29日，潮汐现象推高潮水涨达5米左右，在多种作用力的推动下，成功上浮脱“浅”。 河1.05103kg/m3 （1）在下图画出船正常航行时竖直方向上受力示意图。

（2）按涨潮时计算：水浸船体的横截面积按船体长、宽算，涨潮5米时，船增加的浮力是多少N？

（3）该船搁浅时，若浮力作用线靠船头120米，试求船头受到河岸的支持力是多少N？（已知：船的重心在浮力



的作用线上，涨潮时船增加的浮力恰好为船搁浅时受到的两岸的支持力）

2021年湖北省武汉市武昌区中考物理一模试卷

试题解析

一、选择题（12题，共36分）

1．【解答】解：在深盘中盛一些水，盘边斜放一个平面镜，使平面镜下部浸入水中，让阳光照射到水下的平面镜上，太阳光从空气中斜射入水中时会发生折射现象；水中的光线通过水中的平面镜会发生反射现象；被平面镜反射的光线从水中斜射入空气中时会发生折射，由于不同颜色的光的偏折情况不同，所以光线照射到白墙或白纸上，就可以看到彩色的光带，在红光的一边有红外线；综上所述，该实验包含了ABC，没有包含D。 故选：D。

2．【解答】解：用香樟树叶卷成筒，把其中一端稍稍捏扁，吹出的声音是由空气柱振动产生，卷成小筒时空气柱细，振动快，故小筒吹出的音调较高，故ABC错误，D正确。 故选：D。

3．【解答】解：AB、超声波加湿器工作时，超声波把水打成水雾喷出，水的状态没有改变，没有发生物态变化，而水雾扩散消失不见是水雾变成了水蒸气，是汽化现象，需要吸收热量，故A、B错误；

C、空调除湿时，空气中的水蒸气遇低温放热液化成水，送回房间的空气温度变低，水蒸气含量减少，故C正确；

D、超声波加湿器加湿时，水没有发生物态变化，室内温度几乎不变；空调除湿时，送回空气温度变低，室内温度

下降，故D错误。 故选：C。

4．【解答】解：A、图乙和丙中液体的密度相同、排开液体的体积相同，深度不同，但由于丙图中物体接触了容器底，使得读数变小，不能说明物体受到的浮力大小与浸没在液体中的深度有关，故A错误；

B、比较图甲、丙、丁知液体的密度不同、排开液体的体积相同，弹簧测力计的示数不同，但丙图中物体接触了容

器底，不能探究物体受到的浮力大小与液体密度有关，故B错误；

CD、量筒中排开水的体积为：V排50cm350106m3，

物体浸没在水中时所受浮力为：

F浮G排水gV排1103kg/m310N/kg50106m30.5N，故C正确； 物体重力为：

GF浮F拉0.5N1.5N2N， 物体在盐水中受到的浮力：

F浮GF拉2N1.4N0.6N，

由F浮盐水gV排得： 盐水的密度：

盐水F浮gV排0.6N1.2103kg/m3，故D错误。 6310N/kg5010m故选：C。

5．【解答】解：A、地热能都是一次能源，电能不能从自然界中直接获取，属于二次能源，故A错误；

B、风能、水能、太阳能可以从自然界源源不断的获得，属于可再生能源，故B正确；

C、大量氢核聚变可以在瞬间释放出巨大的核能，故C错误；

D、太阳能电池板在工作时把太阳能转化为电能，再通过电动机转化为扇叶的机械能，故D错误。

故选：B。

6．【解答】解：AB、网球和球拍都是最大形变时刻，网球和球拍的弹性势能都最大，故AB正确；

C、球的速度为零，受到竖直向下的重力、网球拍对球的弹力，这两个力不在同一直线上，所以不受平衡力，故C错误；

D、网球拍对球的力和球对网球拍的力是一对相互作用力，所以不管击球方向是哪个方向，网球拍对球的力和球对

网球拍的力大小相等，故D正确。 故选：C。

7．【解答】解：给门禁卡写入相应信息时，门禁卡会具有磁性，其原理是电流的周围存在磁场；刷卡的原理是电磁感应现象；

甲是奥特斯实验，说明电流的周围存在磁场，是电流的磁效应； 乙图反映了条形磁铁两端的磁性最强；

丙图中有电源，是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理；

丁中，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象； 所以对应写卡和刷卡的是甲、丁。 故选：B。 8．【解答】解：

A、潜艇在水下航行时浸没在水中，排开液体的体积不变，而发生海水断崖时，海水的密度突然变小，根据

F浮液gV排可知，潜艇所受浮力突然减小，故A正确；

，由p液gh可知，潜艇所B、潜水艇急剧下降时深度增大，海水的密度虽然变小，但变化不大（大于水的密度）

受压强一定增大，故B正确；

C、潜艇是靠改变自身重力实现沉浮的；为防止潜艇超过潜深极限而沉毁海底，需要让潜艇上浮，应减小潜艇自重，

所以应立即启动潜艇排水系统工作，故C正确；

海水密度的变化可能是由含盐度的变化造成的，也可能是由于其他因素（如海水温度）变化所引起，故D错误。 D、故选：D。

9．【解答】解：根据家庭电路的组成可知，家庭电路的连接要按照进户线电能表总空气开关及漏电保护开关用电器的安装顺序，即在1位置应安装总开关；

空调接入电路时，空气的功率过大或空调发生短路时，会使得该支路的电流过大，空气开关会断开电路，所以2处是空气开关；

三孔插座接的是有金属外壳的用电器，当用电器的外壳漏电时，通过火线和零线上的电流不相等，则漏电保护器会断开电路，故3处是漏电保护器。 故选：A。 10．【解答】解：

A.由图像可知，通过甲用电器的电流和其两端的电压成正比，则甲用电器的电阻不变，与其两端的电压和通过的电

流无关，故A错误；

B.电阻是导体本身的一种性质，与其两端的电压和通过的电流无关，所以当甲用电器两端电压为0V时，甲的电阻

大小不为0，故B错误；

C.如果把这两个用电器串联接在电路中，当电路中的电流为0.35A时，由图像可知，甲用电器两端的电压为3.5V，

乙用电器两端的电压大于4.5V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压大于3.5V4.5V8V，故C错误；

D.如果把这两个用电器并联接在电压为4V的电路中，两用电器两端的电压均为4V，由图像可知，通过甲用电器

的电流为0.4A，通过乙用电器的电流为0.25A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路中的电流II甲I乙0.4A0.25A0.65A，故D正确。 故选：D。 11．【解答】解：

由题知，前门来人按下开关时甲灯亮：后门来人按下开关时，乙灯亮，说明两灯互不影响、能独立工作，所以甲乙两个灯泡应并联，且前门开关控制甲灯、后门开关控制乙灯，

A、图中，前门开关闭合时甲灯亮，后门开关闭合时乙灯亮，符合题意；

B、图中两灯并联，且两个开关并联后再与灯泡连接，闭合一个开关就能控制两盏灯，不符合题意。

C、图中两开关与两个灯泡串联，只有两个开关都闭合时，灯泡才能发光，不符合题意；

D、图中两条支路都没有接在电源的正极上，电路断路，无论闭合哪个开关，两灯都不亮，不符合题意。

故选：A。 12．【解答】解：

A．闭合开关S，把开关S1、S2、S3均断开，滑片P在最左端，等效电路图如图1所示；此时将滑片P滑动到最

右端，等效电路图如图2所示；

滑片移至最左端，再闭合S1、S3，等效电路图如图3所示：

图1和图2中，因电源的电压不变， 所以，

R1R210R2I3， IR1R2R310R2R35整理可得：202R23R3① U12图1中，R1消耗的功率P， 1R1图3中，因并联电路中各支路两端的电压相等， U2所以，R1消耗的功率P， 1R1U12PR1U1211则， 22UPU251R1解得：

U11， U5U1IR1RR11011， UIR总R总R1R2R310R2R35图1中，

整理可得：R2R340② 由①②可得：R2R320，

U2U2图3中，R2消耗的功率P2，即1.8W，

R220

解得：U6V，故A错误；

B．闭合开关S，把开关S1、S2、S3均断开，滑片P在最左端时，三电阻串联，电路的总电阻最大，总功率最小，

U2U2(6V)20.72W，故B正确； 则P小R总R1R2R3102020CD．S、S2、S3闭合，滑片滑至中央，等效电路图如图4所示：

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流表的示数：I总UUUU6V6V6V6V2.1A，故D错误； R1R3左R3右R2101101102022此时电路的总功率PUI总6V2.1A12.6W7.2W，故C错误。 故选：B。

二、非选择题（共34分）： 13．【解答】解：

飞机的影子是因为不透明的飞机挡住了太阳射向地面的光，是光的直线传播形成的；

摄像头的镜头相当于凸透镜，摄像时符合凸透镜成像规律中的：物距大于二倍焦距，所成的像是倒立、缩小的实像； 以影子为参照物，水平飞行的飞机与影子之间没有位置变化，所以飞机是静止的。 故答案为：直线传播；实；静止。

14．【解答】解：阳光下，感到温暖是通过热传递的方式改变了我们体表的内能；

风筝在空中除受到重力外，还受到浮力、风力和细线的拉力，浮力、风力以及拉力的实质都是弹力，所以风筝主要受两种性质的力：重力和弹力；

因草香分子在不停地做无规则运动，所以人们能闻到草香味，这是扩散现象。 故答案为：热传递；弹；扩散。

15．【解答】（1）加盖子可以减少加热过程中热量的损失，缩短加热时间；

（2）盖子上有小洞可以让烧杯内的水蒸气出来，保持内外气压相等，防止盖子弹出； （3）液体沸腾的特点：吸热不升温；

（4）水沸腾时，内能转化为机械能。

故答案为：（1）A；（2）保持内外气压相等，防止盖子弹出；（3）不升温； （4）内能。

16．【解答】解：移动点燃的蜡烛，重做实验。在多次实验中需要在纸上记下：每次点燃蜡烛的位置和未点燃蜡烛的位置分析研究在纸上记下的位置，故选D；

可得出的结论是像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等。 故答案为：D；像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等。 17．【解答】解：

（1）往B管中吹气，可以看到A管中的水面上升，原因是：往B管中吹气，A管上方空气的流速增大，气体压强减小，A管中液体受到向上的大气压强大于向下的气体压强，所以A管内的水面上升。 （2）A管水面上升，杯内水面下降，由pgh可知，杯底所受水的压强变小； （3）已知A管水面高出杯中液面△h18cm0.18m，

则A管内外液面气压差△p水g△h1.0103kg/m310N/kg0.18m1.8103Pa；

（4）如果用力吹气，A管上方的空气流动速度更快，气体压强更小，A管内的液体受到向上、向下的压强差更大，液面上升得高度更高，甚至会喷出；利用这个原理可以制成喷雾器。 故答案为：（1）小；（2）变小；（3）1.8103；（4）喷雾器。

18．【解答】解：（1）根据表格数据知电流表的量程为00.6A，滑动变阻器一上一下的串联在电路中，如下图所示：

；

（2）根据PUI算出每次的实际功率，分析实验数据与灯泡亮度知，实际功率越大，灯泡越亮；实际功率越小，灯泡越暗。所以灯泡亮度决定于实际功率； （3）7次实验中灯泡的最大功率为：

PV0.29A0.725W； 最大U1I12.5（4）灯泡的电阻随温度的升高而增大，温度越低电阻越小，第1次灯泡不发光，温度最低，电阻最小， 小灯泡的最小电阻为：

RU70.1V2； I70.05A（5）若7次实验中，电源输出电压最大值为2.9V，由表格数据知第7次电流最小，总电阻最大，此时小灯泡的电阻最小，根据串联电路电阻的规律知，此时滑动变阻器的电阻最大；

根据串联电路电压的规律知第7次实验中滑动变阻器两端的电压为U滑UU72.9V0.1V2.8V， 滑动变阻器最大的电阻为： R滑大U滑2.8V56。 I小0.05A故答案为：见上图；实际；0.725；2；56。

19．【解答】解：（1）船正常航行时，竖直方向受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，且这两力平衡，所以

F浮Gmg22104103kg10N/kg2.2109N，两力的作用点可都标在船的重心上，船的重心在浮力的作用线上，浮力作用线靠船头120米，如图所示：

（2）涨潮后，船排开水的体积的增加量：△V400m60m5m1.2105m3， 船增加的浮力：△F浮河g△V1.05103kg/m310N/kg1.2105m31.26109N； （3）涨潮时船增加的浮力恰好为船搁浅时受到的两岸的支持力，所以F支△F浮，

若船头受到河岸的支持力为F1，船尾受到河岸的支持力为F2，则：F1F2△F浮1.26109N① 船头距重心距离L1120m，船尾距重心距离L2400m120m280m， 若以重心处为支点，则有：F1L1F2L2， 即：F1120mF2280m② 解①②可得：F18.82108N。 答：（1）图见上；

（2）涨潮5米时，船增加的浮力是1.26109N；

（3）该船搁浅时，船头受到河岸的支持力是8.82108N。