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2018中考数学试题分类汇编:考点27:正方形

2021-04-13 来源:爱问旅游网
2018中考数学试题分类汇编:考点27 正方形

一.选择题(共4小题)

1.(2018•无锡)如图,已知点E是矩形ABCD的对角线AC上的一动点,正方

形EFGH的顶点G、H都在边AD上,若AB=3,BC=4,则tan∠AFE的值( )

A.等于 B.等于

C.等于 D.随点E位置的变化而变化

【分析】根据题意推知EF∥AD,由该平行线的性质推知△AEH∽△ACD,结合该相似三角形的对应边成比例和锐角三角函数的定义解答. 【解答】解:∵EF∥AD, ∴∠AFE=∠FAG, ∴△AEH∽△ACD, ∴

=

=.

设EH=3x,AH=4x, ∴HG=GF=3x, ∴tan∠AFE=tan∠FAG=故选:A.

2.(2018•宜昌)如图,正方形ABCD的边长为1,点E,F分别是对角线AC上的两点,EG⊥AB.EI⊥AD,FH⊥AB,FJ⊥AD,垂足分别为G,I,H,J.则图中阴影部分的面积等于 ( )

=

=.

A.1 B. C. D.

【分析】根据轴对称图形的性质,解决问题即可; 【解答】解:∵四边形ABCD是正方形, ∴直线AC是正方形ABCD的对称轴,

∵EG⊥AB.EI⊥AD,FH⊥AB,FJ⊥AD,垂足分别为G,I,H,J. ∴根据对称性可知:四边形EFHG的面积与四边形EFJI的面积相等, ∴S阴=S正方形ABCD=, 故选:B.

3.(2018•湘西州)下列说法中,正确个数有( ) ①对顶角相等;

②两直线平行,同旁内角相等; ③对角线互相垂直的四边形为菱形;

④对角线互相垂直平分且相等的四边形为正方形. A.1个 B.2个 C.3个 D.4个

【分析】根据对顶角的性质,菱形的判定,正方形的判定,平行线的性质,可得答案.

【解答】解:①对顶角相等,故①正确; ②两直线平行,同旁内角互补,故②错误;

③对角线互相垂直且平分的四边形为菱形,故③错误; ④对角线互相垂直平分且相等的四边形为正方形,故④正确, 故选:B.

4.(2018•张家界)下列说法中,正确的是( )

A.两条直线被第三条直线所截,内错角相等 B.对角线相等的平行四边形是正方形 C.相等的角是对顶角

D.角平分线上的点到角两边的距离相等

【分析】根据平行线的性质、正方形的判定、矩形的判定、对顶角的性质、角平分线性质逐个判断即可.

【解答】解:A、两条平行线被第三条直线所截,内错角才相等,错误,故本选项不符合题意;

B、对角线相等的四边形是矩形,不一定是正方形,错误,故本选项不符合题意;

C、相等的角不一定是对顶角,错误,故本选项不符合题意;

D、角平分线上的点到角的两边的距离相等,正确,故本选项符合题意; 故选:D.

二.填空题(共7小题)

5.(2018•武汉)以正方形ABCD的边AD作等边△ADE,则∠BEC的度数是 30°或150° .

【分析】分等边△ADE在正方形的内部和外部两种情况分别求解可得. 【解答】解:如图1,

∵四边形ABCD为正方形,△ADE为等边三角形,

∴AB=BC=CD=AD=AE=DE,∠BAD=∠ABC=∠BCD=∠ADC=90°,∠AED=∠ADE=∠DAE=60°,

∴∠BAE=∠CDE=150°,又AB=AE,DC=DE, ∴∠AEB=∠CED=15°,

则∠BEC=∠AED﹣∠AEB﹣∠CED=30°. 如图2,

∵△ADE是等边三角形, ∴AD=DE,

∵四边形ABCD是正方形, ∴AD=DC, ∴DE=DC, ∴∠CED=∠ECD,

∴∠CDE=∠ADC﹣∠ADE=90°﹣60°=30°, ∴∠CED=∠ECD=(180°﹣30°)=75°, ∴∠BEC=360°﹣75°×2﹣60°=150°. 故答案为:30°或150°.

6.(2018•呼和浩特)如图,已知正方形ABCD,点M是边BA延长线上的动点(不与点A重合),且AM<AB,△CBE由△DAM平移得到.若过点E作EH⊥AC,H为垂足,则有以下结论:①点M位置变化,使得∠DHC=60°时,2BE=DM;②无论点M运动到何处,都有DM=

HM;③无论点M运动到何处,∠CHM一

定大于135°.其中正确结论的序号为 ①②③ .

【分析】先判定△MEH≌△DAH(SAS),即可得到△DHM是等腰直角三角形,进而得出DM=

HM;依据当∠DHC=60°时,∠ADH=60°﹣45°=15°,即可得到Rt

DM=2AM,△ADM中,即可得到DM=2BE;依据点M是边BA延长线上的动点(不

与点A重合),且AM<AB,可得∠AHM<∠BAC=45°,即可得出∠CHM>135°.

【解答】解:由题可得,AM=BE, ∴AB=EM=AD,

∵四边形ABCD是正方形,EH⊥AC,

∴EM=AH,∠AHE=90°,∠MEH=∠DAH=45°=∠EAH, ∴EH=AH,

∴△MEH≌△DAH(SAS), ∴∠MHE=∠DHA,MH=DH,

∴∠MHD=∠AHE=90°,△DHM是等腰直角三角形, ∴DM=

HM,故②正确;

当∠DHC=60°时,∠ADH=60°﹣45°=15°, ∴∠ADM=45°﹣15°=30°, ∴Rt△ADM中,DM=2AM, 即DM=2BE,故①正确;

∵点M是边BA延长线上的动点(不与点A重合),且AM<AB, ∴∠AHM<∠BAC=45°, ∴∠CHM>135°,故③正确; 故答案为:①②③.

7.(2018•青岛)如图,已知正方形ABCD的边长为5,点E、F分别在AD、DC上,AE=DF=2,BE与AF相交于点G,点H为BF的中点,连接GH,则GH的长为

【分析】根据正方形的四条边都相等可得AB=AD,每一个角都是直角可得∠BAE=∠D=90°,然后利用“边角边”证明△ABE≌△DAF得∠ABE=∠DAF,进一步得∠AGE=∠BGF=90°,从而知GH=BF,利用勾股定理求出BF的长即可得出答案. 【解答】解:∵四边形ABCD为正方形, ∴∠BAE=∠D=90°,AB=AD, 在△ABE和△DAF中, ∵

∴△ABE≌△DAF(SAS), ∴∠ABE=∠DAF, ∵∠ABE+∠BEA=90°, ∴∠DAF+∠BEA=90°, ∴∠AGE=∠BGF=90°, ∵点H为BF的中点, ∴GH=BF,

∵BC=5、CF=CD﹣DF=5﹣2=3, ∴BF=∴GH=BF=故答案为:

8.(2018•咸宁)如图,将正方形OEFG放在平面直角坐标系中,O是坐标原点,点E的坐标为(2,3),则点F的坐标为 (﹣1,5) .

=, .

【分析】结合全等三角形的性质可以求得点G的坐标,再由正方形的中心对称的性质求得点F的坐标.

【解答】解:如图,过点E作x轴的垂线EH,垂足为H.过点G作x轴的垂线EG,垂足为G,连接GE、FO交于点O′. ∵四边形OEFG是正方形,

∴OG=EO,∠GOM=∠OEH,∠OGM=∠EOH, 在△OGM与△EOH中,

∴△OGM≌△EOH(ASA) ∴GM=OH=2,OM=EH=3, ∴G(﹣3,2). ∴O′(﹣,).

∵点F与点O关于点O′对称, ∴点F的坐标为 (﹣1,5). 故答案是:(﹣1,5).

9.(2018•江西)在正方形ABCD中,AB=6,连接AC,BD,P是正方形边上或

对角线上一点,若PD=2AP,则AP的长为 2或2或﹣ .

【分析】根据正方形的性质得出AC⊥BD,AC=BD,OB=OA=OC=OD,AB=BC=AD=CD=6,∠ABC=90°,根据勾股定理求出AC、BD、求出OA、OB、OC、OD,画出符合的三种情况,根据勾股定理求出即可.

【解答】解:∵四边形ABCD是正方形,AB=6,

∴AC⊥BD,AC=BD,OB=OA=OC=OD,AB=BC=AD=CD=6,∠ABC=∠DAB=90°, 在Rt△ABC中,由勾股定理得:AC=∴OA=OB=OC=OD=3

=

=6

有三种情况:①点P在AD上时,

∵AD=6,PD=2AP, ∴AP=2;

②点P在AC上时,

设AP=x,则DP=2x,

在Rt△DPO中,由勾股定理得:DP2=DO2+OP2, (2x)2=(3解得:x=即AP=

)2+(3﹣

﹣x)2,

(负数舍去), ;

③点P在AB上时,

设AP=y,则DP=2y,

在Rt△APD中,由勾股定理得:AP2+AD2=DP2, y2+62=(2y)2, 解得:y=2即AP=2

(负数舍去), ;

故答案为:2或2

10.(2018•潍坊)如图,正方形ABCD的边长为1,点A与原点重合,点B在y轴的正半轴上,点D在x轴的负半轴上,将正方形ABCD绕点A逆时针旋转30°

B'C′与CD相交于点M,至正方形AB'C′D′的位置,则点M的坐标为 (﹣1,) .

【分析】连接AM,由旋转性质知AD=AB′=1、∠BAB′=30°、∠B′AD=60°,证Rt△ADM≌Rt△AB′M得∠DAM=∠B′AD=30°,由DM=ADtan∠DAM可得答案. 【解答】解:如图,连接AM,

∵将边长为1的正方形ABCD绕点A逆时针旋转30°得到正方形AB'C′D′, ∴AD=AB′=1,∠BAB′=30°,

∴∠B′AD=60°,

在Rt△ADM和Rt△AB′M中, ∵

∴Rt△ADM≌Rt△AB′M(HL), ∴∠DAM=∠B′AM=∠B′AD=30°, ∴DM=ADtan∠DAM=1×∴点M的坐标为(﹣1,故答案为:(﹣1,

11.(2018•台州)如图,在正方形ABCD中,AB=3,点E,F分别在CD,AD上,CE=DF,BE,CF相交于点G.若图中阴影部分的面积与正方形ABCD的面积之比为2:3,则△BCG的周长为

+3 .

).

=

),

【分析】根据面积之比得出△BGC的面积等于正方形面积的,进而依据△BCG的面积以及勾股定理,得出BG+CG的长,进而得出其周长.

【解答】解:∵阴影部分的面积与正方形ABCD的面积之比为2:3, ∴阴影部分的面积为×9=6, ∴空白部分的面积为9﹣6=3,

由CE=DF,BC=CD,∠BCE=∠CDF=90°,可得△BCE≌△CDF, ∴△BCG的面积与四边形DEGF的面积相等,均为×3=, 设BG=a,CG=b,则ab=, 又∵a2+b2=32, ∴a2+2ab+b2=9+6=15,

即(a+b)2=15, ∴a+b=

,即BG+CG=

+3,

∴△BCG的周长=故答案为:

+3.

三.解答题(共6小题)

12.(2018•盐城)在正方形ABCD中,对角线BD所在的直线上有两点E、F满足BE=DF,连接AE、AF、CE、CF,如图所示. (1)求证:△ABE≌△ADF;

(2)试判断四边形AECF的形状,并说明理由.

【分析】(1)根据正方形的性质和全等三角形的判定证明即可;

(2)四边形AECF是菱形,根据对角线垂直的平行四边形是菱形即可判断; 【解答】证明:(1)∵正方形ABCD, ∴AB=AD, ∴∠ABD=∠ADB, ∴∠ABE=∠ADF, 在△ABE与△ADF中

∴△ABE≌△ADF(SAS);

(2)连接AC,

四边形AECF是菱形. 理由:∵正方形ABCD, ∴OA=OC,OB=OD,AC⊥EF, ∴OB+BE=OD+DF, 即OE=OF,

∵OA=OC,OE=OF,

∴四边形AECF是平行四边形, ∵AC⊥EF,

∴四边形AECF是菱形.

13.F分别在BC,CD上,(2018•吉林)如图,在正方形ABCD中,点E,且BE=CF,求证:△ABE≌△BCF.

【分析】根据正方形的性质,利用SAS即可证明; 【解答】证明:∵四边形ABCD是正方形, ∴AB=BC,∠ABE=∠BCF=90°, 在△ABE和△BCF中,

∴△ABE≌△BCF.

14.(2018•白银)已知矩形ABCD中,E是AD边上的一个动点,点F,G,H分别是BC,BE,CE的中点. (1)求证:△BGF≌△FHC;

(2)设AD=a,当四边形EGFH是正方形时,求矩形ABCD的面积.

【分析】(1)根据三角形中位线定理和全等三角形的判定证明即可; (2)利用正方形的性质和矩形的面积公式解答即可.

【解答】解:(1)∵点F,G,H分别是BC,BE,CE的中点, ∴FH∥BE,FH=BE,FH=BG, ∴∠CFH=∠CBG, ∵BF=CF,

∴△BGF≌△FHC,

(2)当四边形EGFH是正方形时,可得:EF⊥GH且EF=GH, ∵在△BEC中,点,H分别是BE,CE的中点, ∴GH=∴EF⊥BC,

∵AD∥BC,AB⊥BC, ∴AB=EF=GH=a, ∴矩形ABCD的面积=

15.(2018•潍坊)如图,点M是正方形ABCD边CD上一点,连接AM,作DE⊥AM于点E,BF⊥AM于点F,连接BE. (1)求证:AE=BF;

(2)已知AF=2,四边形ABED的面积为24,求∠EBF的正弦值.

,且GH∥BC,

【分析】(1)通过证明△ABF≌△DEA得到BF=AE;

(2)设AE=x,则BF=x,DE=AF=2,利用四边形ABED的面积等于△ABE的面积与△ADE的面积之和得到•x•x+•x•2=24,解方程求出x得到AE=BF=6,则EF=x﹣2=4,然后利用勾股定理计算出BE,最后利用正弦的定义求解. 【解答】(1)证明:∵四边形ABCD为正方形, ∴BA=AD,∠BAD=90°,

∵DE⊥AM于点E,BF⊥AM于点F, ∴∠AFB=90°,∠DEA=90°,

∵∠ABF+∠BAF=90°,∠EAD+∠BAF=90°, ∴∠ABF=∠EAD, 在△ABF和△DEA中

∴△ABF≌△DEA(AAS), ∴BF=AE;

(2)解:设AE=x,则BF=x,DE=AF=2, ∵四边形ABED的面积为24,

∴•x•x+•x•2=24,解得x1=6,x2=﹣8(舍去), ∴EF=x﹣2=4, 在Rt△BEF中,BE=∴sin∠EBF=

16.(2018•湘潭)如图,在正方形ABCD中,AF=BE,AE与DF相交于点O.

=

=

=2.

(1)求证:△DAF≌△ABE; (2)求∠AOD的度数.

【分析】(1)利用正方形的性质得出AD=AB,∠DAB=∠ABC=90°,即可得出结论;

(2)利用(1)的结论得出∠ADF=∠BAE,进而求出∠ADF+∠DAO=90°,最后用三角形的内角和定理即可得出结论.

【解答】(1)证明:∵四边形ABCD是正方形, ∴∠DAB=∠ABC=90°,AD=AB, 在△DAF和△ABE中,∴△DAF≌△ABE(SAS),

(2)由(1)知,△DAF≌△ABE, ∴∠ADF=∠BAE,

∵∠ADF+∠DAO=∠BAE+∠DAO=∠DAB=90°, ∴∠AOD=180°﹣(∠ADF+DAO)=90°.

17.(2018•遵义)如图,正方形ABCD的对角线交于点O,点E、F分别在AB、BC上(AE<BE),且∠EOF=90°,OE、DA的延长线交于点M,OF、AB的延长线交于点N,连接MN. (1)求证:OM=ON.

(2)若正方形ABCD的边长为4,E为OM的中点,求MN的长.

【分析】(1)证△OAM≌△OBN即可得;

(2)作OH⊥AD,由正方形的边长为4且E为OM的中点知OH=HA=2、HM=4,再根据勾股定理得OM=2

,由直角三角形性质知MN=

OM.

【解答】解:(1)∵四边形ABCD是正方形, ∴OA=OB,∠DAO=45°,∠OBA=45°, ∴∠OAM=∠OBN=135°, ∵∠EOF=90°,∠AOB=90°, ∴∠AOM=∠BON,

∴△OAM≌△OBN(ASA), ∴OM=ON;

(2)如图,过点O作OH⊥AD于点H,

∵正方形的边长为4, ∴OH=HA=2, ∵E为OM的中点, ∴HM=4, 则OM=∴MN=

OM=2

=2

, .

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