常山县高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理

一、选择题

1． 某同学自制的简易电动机示意图如图所示。矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴。将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方。为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将

A. 左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B. 左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉

C. 左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D. 左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉【答案】AD【

解

析

】

【名师点睛】此题是电动机原理，主要考查学生对物理规律在实际生活中的运用能力；关键是通过分析电流方向的变化分析安培力的方向变化情况。

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2． 一台家用电冰箱的铭牌上标有“220V 100W”，这表明所用交变电压的（ A.峰值是311V 【答案】AC【解析】

B.峰值是220V

C.有效值是220V

）

D.有效值是311V

试题分析：但是涉及到交流点的均应该是有效值，即有效值为220V，根据交流电最大值和有效值的关系，最大值为2202V考点：有效值、最大值

点评：本题考察了交流电的有效值和最大值的区别与联系。交流电中的有效值是利用电流热效应定义的。3． 示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（ A．极板x应带正电B．极板x´应带正电C．极板y应带正电D．极板y´应带正电

【答案】AC

4． 一

斜劈A静止在粗糙的水平面，在其斜面上放着一滑块B，若给滑块B一平行是：

斜面向

下的初速度v0，则B正好保持匀速下滑。如图所示，现在B下滑过程中再加一个作用力，则以下说法正确的

）

A. 在B上加一竖直向下的力F1,则B将保持匀速运动，A对地无摩擦力的作用

B. 在B上加一沿斜面向下的力F2,则B将加速运动，A对地有水平向左的静摩擦力的作用C. 在B上加一水平向右的力F3,则B将减速运动，在B停止前A对地有向右的摩擦力的作用D. 无论在B上加什么方向的力，在B停止前A对地都无静摩擦力的作用【答案】AD

【解析】物块B原来保持匀速下滑，A静止，以滑块和斜面组成的整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得知地面对斜面没有摩擦力，如有摩擦力，整体的合力不为零，将破坏平衡状态与题矛盾，对B，有：

mgsinfmgcos，即得sincos， 是斜面的倾角；

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A、当施加竖直向下的力F1时，对整体受力分析，在竖直方向合力为零，水平方向合力为零，故地面对A无摩擦力，对B受力分析可知， （mgF）sin（mgF）cos0，所以B做匀速运动，故A正确；B、在B上加一沿斜面向下的力F2，如图，物块所受的合力将沿斜面向下，故做加速运动，但B与斜面间的弹力大小不变，故滑动摩擦力大小不变，即物块所受支持力与摩擦力的合力仍然竖直向上，则斜面所受摩擦力与物块的压力的合力竖直向下，则斜面水平方向仍无运动趋势，故仍对地无摩擦力作用，故B错误；C、在B上加一水平向右的力F3，沿斜面方向： mgsinF3cos（mgcosF3sin）＜0，故物体做减速运动；对物块，所受支持力增加了F3sin，则摩擦力增加F3sin，即支持力与摩擦力均成比例的增加，其合力方向还是竖直向上，如图：

则斜面所受的摩擦力与压力的合力放还是竖直向下，水平放向仍无运动趋势，则不受地面的摩擦力，故C错误；

D、无论在B上加上什么方向的力，B对斜面的压力与B对斜面的摩擦力都是以1：的比例增加，则其合力的方向始终竖直向下，斜面便没有运动趋势，始终对地面无摩擦力作用，故D正确。

点睛：滑块原来匀速下滑，合力为零，斜面保持静止状态，合力也为零，以滑块和斜面整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对斜面的摩擦力和支持力，木块可能受两个力作用，也可能受到四个力作用。5． 人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是

A．v0sin θ C．v0cos θ

B．

D．

【答案】D

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【解析】 由运动的合成与分解可知，物体A参与两个分运动：一个是沿着与它相连接的绳子的运动，另一个是垂直于绳子斜向上的运动。而物体A实际运动轨迹是沿着竖直杆向上的，这一轨迹所对应的运动就是物体A的合运动，它们之间的关系如图所示。由几何关系可得

，所以D项正确。

6． 下列说法中正确的是

A. 在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的B. 节能灯比白炽灯的发光效率高C. 变压器是用于改变直流电压的装置D. 交流电的周期越长，频率也越高【答案】B

【解析】试题分析：在家庭电路中各用电器之间是并联关系，A错误；节能灯是通过发热而发光的，比白炽灯的发光效率高，B正确；变压器是用于改变交流电压的装置，C错误；根据公式，D错误。

考点：考查了家庭电路，变压器，交流电

7． （2018南宁高三摸底考试）中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导轨系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的卫星导航系统。预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（

）

可得周期越长，频率越小

A．卫星a的角速度小于c的角速度B．卫星a的加速度大于b的加速度

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C．卫星a的运行速度大于第一宇宙速度D．卫星b的周期等于24 h

【答案】 AD

【解析】【命题意图】本题考查万有引力定律和卫星的运动、第一宇宙速度及其相关的知识点。

v2Mm所以卫星a的向心加速度等于b的向心加速度，选项B错误；由G2=m可得线速度与半径的关系：v=

rrGM，轨道半径r越大，速率v越小。而第一宇宙速度为轨道半径等于地球半径是环绕地球运动的卫星速rr3Mm22

度，所以卫星a的运行速度一定小于第一宇宙速度，选项C错误；由G2=mr（），可得周期T=2π，GMrT而卫星a的轨道半径与卫星b的轨道半径相等，所以卫星b的周期等于同步卫星的运行周期，即等于地球自转周期24h，选项D正确。

8． 如图甲所示，在升降机顶部安装了一个能够显示拉力的传感器，传感器下方挂一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止，以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器所显示的弹力F的大小随时间t变化的图象如图乙所示，g为重力加速度，则下列选项正确的是A．升降机停止前在向上运动

B．0～t1时间小球处于失重状态，t1～t2时间小球处于超重状态C．t1～t3时间小球向下运动，速度先增大后减少D．t3～t4时间小球向上运动，速度在减小

【答案】AC

9． 如图所示，小车内的小球分别与轻弹簧和细绳的一端拴接，其中轻弹簧沿竖直方向，细绳与竖直方向的夹角为θ。当小车和小球相对静止一起在水平面上运动时，下列说法正确的是

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A．细绳一定对小球有拉力的作用B．轻弹簧一定对小球有弹力的作用

C．细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力的作用D．细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力的作用

【答案】D

【解析】D 当小车处于匀速直线运动时，弹簧的弹力等于重力，即匀加速直线运动时，根据牛顿第二定律得：水平方向有：

，

。当小车和小球向右做

②，

①，竖直方向有：

由①知，细绳一定对小球有拉力的作用。由②得：弹簧的弹力

，当

，即

时，

；所以

细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力的作用，故D正确，ABC错误。

10．如图所示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是（

）

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A．电压表V1示数增大B．电压表V2、V3示数均增大C．该变压器起升压作用

D．变阻器滑片是沿c→d的方向滑动【答案】　D【解析】

11．远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为输电。则两种情况中，输电线上通过的电流之比I1∶I2等于（ A．1∶1 【答案】B【解析】由公式

B．3∶1

C．1∶3

D．9∶1

）

和输电电压为

n1U1I2可知B对；n2U2I112．右图是质谱仪的工作原理示意图。带电粒子被加速电场加速后,进入速度选择器。速度选择器内存在相互正交的匀强磁场和匀强电场。匀强磁场的磁感应强度为B,匀强电场的电场强度为E。平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2。平板S下方有磁感应强度为B0的匀强磁场。下列表述正确的是（ ）

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A. 质谱仪是分析同位素的重要工具B. 速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C. 能通过狭缝P的带电粒子的速率等于

D. 粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的比荷越小【答案】ABC

【解析】A.因同位素原子的化学性质完全相同，无法用化学方法进行分析，故质谱仪就成为同位素分析的重要工具，选项A正确；

B.在速度选择器中，带电粒子所受静电力和洛伦兹力在粒子沿直线运动时应等大反向，结合左手定则可知，选项B正确；

C.再由qE=qvB有v=，选项C正确；D.在磁感应强度为B0的匀强磁场中R=故选：ABC。

点睛：带电粒子经加速后进入速度选择器，速度v=E/B的粒子可通过选择器，然后进入匀强磁场，由于比荷不同，做圆周运动的半径不同，打在S板的不同位置。

13．如图所示为一个质量为m、电荷量为＋q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的

速度图象不可能是下图中的（

）

，所以选项D错误。

【答案】B

14．如图所示电路中，三灯泡的情况下，这三个灯A．40 W B．60 【答案】B

Ma bNdc个相同的灯泡额定功率是40 W，在泡消耗的总功率最大不应超过 W C．80 W D．120

）

不损坏W

15．如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断不正确的是（

A．闭合S稳定后，电容器两端电压为EB．闭合S稳定后，电容器的a极板不带电

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C．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带正电D．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带负电

【答案】AD【解析】

试题分析：闭合S稳定后，线圈L相当于导线，则电容器被短路，则其电压为零，故A错误；当闭合S稳定后，电容器被短路，则其电压为零，电容器的a极板不带电，故B正确；断开S的瞬间，线圈L中电流减小，产生自感电动势，相当于电源，结电容器充电，根据线圈的电流方向不变，则电容器的a极板将带正电．故C正确，D错误。

考点：考查了电感电容对交流电的阻碍作用

二、填空题

16．在“伏安法测电阻”实验中，所用测量仪器均已校准。其中某一次测量结果如图所示，其电压表的读数为________V，电流表的读数为______A。

【答案】 （1）. 0.80 （2）. 0.42

【解析】电压表的读数为0.80V，电流表的读数为0.42A。

17．“用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验,供选用的器材有:A.电流表（量程:0-0.6 A,RA=1 Ω）B.电流表（量程:0-3 A,RA=0.6 Ω）C.电压表（量程:0-3 V,RV=5 kΩ）D.电压表（量程:0-15 V,RV=10 kΩ）E.滑动变阻器（0-10 Ω,额定电流1.5 A）F.滑动变阻器（0-2 kΩ,额定电流0.2 A）

G.待测电源（一节一号干电池）、开关、导线若干

（1）请在下边虚线框中画出本实验的实验电路图____。

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（2）电路中电流表应选用____,电压表应选用____,滑动变阻器应选用____。（用字母代号填写） （3）如图所示为实验所需器材,请按原理图连接成正确的实验电路____。

【答案】 （1）. （1）如解析图甲所示：； （2）. （2）A；　 （3）. C； （4）

. E； （5）. （3）如解析图乙所示：

【解析】（1）电路如图甲所示：

由于在电路中只要电压表的内阻RV≫r，这种条件很容易实现，所以应选用该电路。

（2）考虑到待测电源只有一节干电池，所以电压表应选C；放电电流又不能太大，一般不超过0.5A，所以电流表应选A；滑动变阻器不能选择阻值太大的，从允许最大电流和减小实验误差的角度来看，应选择电阻较小额定电流较大的滑动变阻器E，故器材应选A、C、E。（3）如图乙所示：

三、解答题

18．两个质量均为m=3×10-6kg的小球，悬于长l=60cm的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角．求每个小球的带电量．【答案】解：设小球在水平方向受到库仑力的大小为F．以右边

的小球为研究对象，

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分析受力如图．

则根据平衡条件有：F=mgtan

2=mgtan30°

q2q2由库仑定律得：F=kFk2k2rl联立得：=2×10-8C

19．如图（甲）所示，两带等量异号电荷的平行金属板平行于x轴放置，板长为L，两板间距离为2y0，金属板的右侧宽为L的区域内存在如图（乙）所示周期性变化的磁场，磁场的左右边界与x轴垂直。现有一质量为m，带电荷量为+q的带电粒子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入两板之间，飞出电场后从点（L，0）进入磁场区域，进入时速度方向与x轴夹角为30°，把粒子进入磁场的时刻做为零时刻，以垂直于纸面向里作为磁场正方向，粒子最后从x轴上（2L，0）点与x轴正方向成30°夹角飞出磁场，不计粒子重力。

（1）求粒子在两板间运动时电场力对它所做的功；（2）计算两板间的电势差并确定A点的位置；

（3）写出磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T应满足的表达式。

【答案】【解析】（1）

（2）

（0，

）

（3）（n=1，2，3，…）

（1）设粒子刚进入磁场时的速度为v，则：

电场力对粒子所做的功为：

（2）设粒子刚进入磁场时的竖直分速度为v′，则：v′=v0tan 30°=

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水平方向：L=v0t竖直方向：y=

v′t

解得：

A点的位置坐标为（0，）

电场力对粒子所做的功：W=qEy两板间的电压U=2Ey0解得：

（3）由对称性可知，粒子从x=2L点飞出磁场的速度大小不变，方向与x轴夹角为α=±30°在磁场变化的半个周期内，粒子的偏转角为2α=60°

故磁场变化的半个周期内，粒子在x轴上的位移为：x=2Rsin 30°=R粒子到达x=2L处且速度满足上述要求是：nR=L，（n=1，2，3，…）

由牛顿第二定律，有：

解得：（n=1，2，3，…）

粒子在变化磁场的半个周期内恰好转过周期，同时在磁场中运动的时间是变化磁场半个周期的整数倍，可

使粒子到达x=2L处且满足速度题设要求；；

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