云龙县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理

一、选择题

1． 图示为一电场的的电场线图，关于A、B两点的电场强度，下列说法正确的是

A. A点的电场强度小于B点的电场强度B. A点的电场强度大于B点的电场强度C. B点的电场强度度方向向左，A点的向右D. 负电荷在B点受到的电场力向左

2． 在日光灯的连接线路中，关于启动器的作用，以下说法正确的是（ A．日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压B．日光灯正常工作时，起降压限流的作用

C．起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）D．以上说法均不正确

3． 一个电热水壶的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示，根据表中提供的数据，计算出此电热水壶在额定电压下工作时，通过电热水壶的电流约为额定功率额定电压

1500W220V

额定频率容量

50Hz1.6L

）

A. 2.1A B. 3.2A C. 4.1A D. 6.8A

4． 如图所示，一通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直，磁场的磁感应强度B=0.1T，导线长度L=0.2m，当导线中的电流I=1A时，该导线所受安培力的大小

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A. 0.02N B. 0.03NC. 0.04N D. 0.05N

5． 如图所示，让平行板电容器带上一定的电量并保持不变，利用静电计可以探究平行板电容器电容的决定因素及决定关系，下列说法正确的是

A. 静电计指针张角越大，说明电容器带电量越大B. 静电计指针张角越大，说明电容器的电容越大C. 将平行板间距离减小，会看到静电计指针张角减小D. 将平行板间正对面积减小，会看到静电计张角减小

6． 已知O是等量同种点电荷连线的中点，取无穷远处为零电势点。则下列说法中正确的是

A. O点场强为零，电势不为零B. O点场强、电势都为零C. O点场强不为零，电势为零D. O点场强、电势都不为零

7． 如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻线悬挂于O点。现给电容器缓慢充电，使两极板所带电荷量分别为+Q和-Q ，此时悬线与竖直方向的夹角为π/6。再给电容器缓慢充电，直到悬线与竖直方向的夹角增加到π/3，且小球与两极板不接触。则第二次充电使电容器正极板增加的电量是（ A．Q/2

B．Q

）

C．3Q

D．2Q

8． （2015·聊城二模，17）探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，最终进入距月球表面高为h的圆形工作轨道。设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（

）

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A．飞行试验器在工作轨道上的加速度为

()Rg

R2

g

R＋h

B．飞行试验器绕月球运行的周期为2πC．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度为 gR＋hD．月球的平均密度为

3g4πGR

9． 一段东西方向放置的横截面积为0.05平方厘米的导电材料中，每秒中有0.4库仑正电荷向东移动，有0.6库仑负电荷向西移动，则电流强度是：（

A. 0.4安培;

）

B. 0.2安培; C. 0.6安培; D. 1安培.

10．库仑定律是电磁学的基本定律。1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。下列说法正确的是（ A．普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零B．普里斯特利的猜想运用了“对比”的思维方法

C．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置

D．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量11．让平行板电容器充电后与电源断开，静电计的指针偏转一定角度，若减小两极板间的距离，那么静电计指针的偏转角度及板间电场强度（ A．夹角减小，场强不变 C．夹角不变，场强变小

）

B．夹角增大，场强变大 D．无法确定

）

12．下列关于电场强度E的表达式，在任何电场中都成立的是A. C.

B.

D. 以上都不是

13．（2018·洛阳联考）如图所示，一个电荷量为－Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个电荷量为＋q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为v，且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f，A、B两点间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法正确的是（

）

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A．点电荷乙从A点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小B．点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小

C．O、B两点间的距离为

kQqffL0＋1D．在点电荷甲形成的电场中，A、B两点间的电势差为U2

mv2

AB＝

q

14．下列物理量中，属于矢量的是A. 电场强度

B. 电势差

C. 电阻

D. 电功率

15．a、b两个电容器如图所示，关于电容器下列说法正确的是

A. b电容器的电容是

B. a电容器的电容小于b的电容C. a与b的电容之比是8：1

D. a电容器只有在80V电压下才能正常工作

16．如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断不正确的是（A．闭合S稳定后，电容器两端电压为EB．闭合S稳定后，电容器的a极板不带电

C．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带正电D．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带负电

17．如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器的图是（

）

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）

18．如图甲所示,一火警报警器的部分电路示意图,其中R2为半导体热敏材料制成的传感器,其电阻随温度T变化的图线如图乙所示,电流表为值班室的显示器,a、b之间接报警器,当传感器R2所在处出现火情时,显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（

）

A. I变大,U变大 C. I变小,U变大

B. I变大,U变小D. I变小,U变小

二、填空题

19．“用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验,供选用的器材有:A.电流表（量程:0-0.6 A,RA=1 Ω）B.电流表（量程:0-3 A,RA=0.6 Ω）C.电压表（量程:0-3 V,RV=5 kΩ）D.电压表（量程:0-15 V,RV=10 kΩ）E.滑动变阻器（0-10 Ω,额定电流1.5 A）F.滑动变阻器（0-2 kΩ,额定电流0.2 A）

G.待测电源（一节一号干电池）、开关、导线若干（1）请在下边虚线框中画出本实验的实验电路图____。

　　　　　　　　　　（2）电路中电流表应选用____,电压表应选用____,滑动变阻器应选用____。（用字母代号填写）

（3）如图所示为实验所需器材,请按原理图连接成正确

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的实验电路____。

20．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约200Ω，，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果由公式

计算得出，公式中U与I分别为电压表

和电流表的示数。若将用图甲和图乙电路图测得Rx的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则______（填“Rx1”或“Rx2”）真更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1_______（填“大于”“等于”或“小于”） 真实值。测量值Rx2_____ （填“大于”“等于”或“小于”）真实值。

（2）图丙所示是消除伏安法系统误差的电路图。该实验的第一步是闭合开关S1，将开关，2接2，调节滑动变阻器Rp′和Rp，使得电压表的示数尽量接近满量程，读出此时电压表和电流表的示数U1、I1。接着让两滑动变阻器的滑片位置不动，将开关S2接1，再次读出电压表和电流表的示数U2、I2，则待测电阻R的真实值为__________。

三、解答题

21．（2016·福州市高三模拟）如图所示，由运载火箭将飞船送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，A点距地面的高度为h1，飞船飞行五圈后进行变轨，进入预定圆轨道在预定圆轨道上飞行N圈所用时间为t。已知地球表面重力加速度为g，地球半径为R。求：

（1）飞船在A点的加速度大小aA；（2）远地点B距地面的高度h2；（3）沿着椭圆轨道从A到B的时间tAB。

22．如图,ABD为竖直平面内的光滑绝缘轨道,其中AB段是水平的,BD段为半径R=0.2 m的半圆,两段轨道相切于B点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中,电场强度大小E=5×103 V/m。一带正电小球,以速度v0沿水平轨道

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向右运动,接着进入半圆轨道后,恰能通过最高点D点。已知小球的质量为m=1.0×10-2 kg,所带电荷量q=2.0×10-5 C,g取10 m/s2。（水平轨道足够长,小球可视为质点,整个运动过程无电荷转移）（1）小球能通过轨道最高点D时的速度vD；

（2）带电小球在从D点飞出后,首次在水平轨道上的落点与B点的距离；（3）小球的初速度v0。

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云龙县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理（参考答案）一、选择题

1． 【答案】B

【解析】电场线的疏密代表场强的强弱，根据图象可知，在电场的A点的电场线较密，所以在A点的电场强度要比B点的电场强度大，故A错误，B正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知B点的电场线的方向向左，A点沿着该点切线方向，指向左方，故C错误；负电荷在B点受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以受到向右的电场力，故D错误。所以B正确，ACD错误。2． 【答案】C

【解析】镇流器的作用是在日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压，在日光灯正常工作时，起降压限流的作用 所以AB错误。启动器起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）3． 【答案】D

【解析】试题分析：额定功率等于额定电压与额定电流的乘积；由铭牌读出额定功率和额定电压，由公式P=UI求解额定电流．

解：由铭牌读出额定功率为P=1500W，额定电压为U=220V，由P=UI，得，通过电热水壶的电流为：I==故选：D．4． 【答案】A

【解析】解：导线与磁场垂直，导线受到的安培力为：F=BIL=0.1×1×0.2=0.02N，故BCD错误，A正确．故选：A

【点评】本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义5． 【答案】C

【解析】因平行板电容器上带的电量保持不变，故选项A错误；电容器的电容与两板带电量及电势差无关，故选项B错误；根据

可知，将平行板间距离减小，则C变大，因Q一定，根据Q=CU可知，U变小，

A≈6.8A

则会看到静电计指针张角减小，选项C正确；将平行板间正对面积减小，则C变小，因Q一定，根据Q=CU可知，U变大，则会看到静电计指针张角变大，选项D错误；故选C.点睛：对于电容器动态变化分析问题，关键根据电容的决定式住不变量．6． 【答案】A【解析】

和定义式

结合进行分析，同时要抓

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点睛：本题关键要知道等量同种电荷的电场线和等势面分布情况，特别是两个电荷两线和中垂线上各点的场强和电势情况.7． 【答案】D8． 【答案】 AD　

MmMm

＝mg，在高为h的圆形工作轨道，有：G＝mg′，

R＋h2R2

R2Mmv24π2GM得：g′＝g，故A正确；.根据万有引力提供向心力，即：G2＝m＝m2r，解得：v＝ ，T＝

R＋hrrTrr3

2π ，飞行试验器的轨道半径为r＝R＋h，结合黄金代换公式：GM＝gR2，代入线速度和周期公式得：v＝

GM

R＋h3gR2R2g

，T＝2π ，故B、C错误；由黄金代换公式得中心天体的质量：M＝，月球的体积：V＝

GR＋hgR2

4M3gπR3，则月球的密度：ρ＝＝，故D正确．3V4πGR【解析】月球表面万有引力等于重力，则：G

()9． 【答案】D10．【答案】C11．【答案】A12．【答案】C

【解析】电场强度E=表达式，在任何电场中都成立；C.

13．【答案】.C【

解

析

】

只适用点电荷电场；

只适用匀强电场；故选

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14．【答案】A【解析】

15．【答案】B

【解析】由图可知a电容器的电容是错误。所以B正确，ACD错误。16．【答案】AD【解析】

试题分析：闭合S稳定后，线圈L相当于导线，则电容器被短路，则其电压为零，故A错误；当闭合S稳定后，电容器被短路，则其电压为零，电容器的a极板不带电，故B正确；断开S的瞬间，线圈L中电流减小，产生自感电动势，相当于电源，结电容器充电，根据线圈的电流方向不变，则电容器的a极板将带正电．故C正确，D错误。

考点：考查了电感电容对交流电的阻碍作用17．【答案】C【解析】

试题分析：甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误。考点：考查了理想变压器18．【答案】D

【解析】试题分析：当传感器所在处出现火情时，温度升高，由图乙知的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流

变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压

变小，电流表示数I变小，故D正确。

，

变大，其他量不变，则

，b电容器的电容是

，故A错误，B正确；a与b的电

10，故C错误80V是指电容器正常工作时的电压，不是只有在80V电压下才能正常工作，故D容之比是1：；

考点：闭合电路的欧姆定律．

二、填空题

19．【答案】

（1）. （1）如解析图甲所示：

；

（2）. （2）A；　

（3）. C；

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（4）. E； （5）. （3）如解析图乙所示：

【解析】（1）电路如图甲所示：

由于在电路中只要电压表的内阻RV≫r，这种条件很容易实现，所以应选用该电路。

（2）考虑到待测电源只有一节干电池，所以电压表应选C；放电电流又不能太大，一般不超过0.5A，所以电流表应选A；滑动变阻器不能选择阻值太大的，从允许最大电流和减小实验误差的角度来看，应选择电阻较小额定电流较大的滑动变阻器E，故器材应选A、C、E。（3）如图乙所示：

20．【答案】 （1）. （2）. 大于 （3）. 小于 （4）.

【解析】（1）因为，电流表应采用内接法，则R x1更接近待测电阻的真实值，电流表采用内接法，电

压的测量值偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值，同理电流表采用外接法，电流的测量值偏大，由欧姆定律可知，测量值Rx2小于真实值。（2）由欧姆定律得：

，

，联立可得：

。

三、解答题

21．【答案】

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【解析】

（2）由万有引力提供向心力得，Gt

又h2＝r－R，T＝，

NgR2t2

联立解得，h2＝－R

4π2N2

3

3

Mm2π2

＝mr（），r2T

r＋R＋h1

（3）椭圆轨道的半长轴R′＝＝

2R′3r3

根据开普勒第三定律得2＝2

T′T

R′3T2r3

gR2t2

＋R＋h1224πN

2

解得，T′＝

gR2t2

（＋R＋h1）3

224πN＝2π

3

8gR2

所以沿着椭圆轨道从A到B的时间gR2t2

T′（＋R＋h1）3

224πNtAB＝＝π

2

8gR2

3

22．【答案】（1）2 m/s；　（2）0.4 m；　（3）2 m/s；

【解析】（1）恰能通过轨道的最高点的情况下，设到达最高点的速度为vD，离开D点到达水平轨道的时间为

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t，落点到B点的距离为x，则 代入数据解得：vD =2m/s

（2）带电小球在从D点飞出后做类平抛运动，竖直方向做匀加速运动，则有： 2R=at2

代入数据解得：t=0.2s

则 在水平轨道上的落点与B点的距离 x=vDt=2×0.2m=0.4m （3）由动能定理得：联立得：

点睛：本题是带电体在组合场中运动的问题，关键要正确分析小球的状态和运动过程，把握圆周运动最高点的临界条件，运用力学的基本规律进行解答．

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