2015年四川省成都市中考物理试卷-答案

物理答案解析

A卷 第Ⅰ卷

一、单项选择题 1.【答案】B

【解析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；结合选项中的描述可判断哪一个是与惯性有关的知识。A、小朋友喜欢看动画片，不包括力学的知识，更与惯性无关，不合题意；B、投出的篮球在空中继续向前运动是因为篮球具有惯性，符合题意；C、同种电荷相互排斥反映了电荷间的相互作用规律，与惯性无关，不合题意；D、水银的温度升高时体积增大，反映了物体热胀冷缩的性质，与惯性无关，不合题意。 2.【答案】A

【解析】声音是由物体的振动产生的。把不容易观察到的现象，转换成可以明显观察到的现象，这种方法称为转换法。在物理实验中经常要用到转换法来研究物理现象。正在发声的音叉是否振动，不容易观察，把它放到水里后，能够激起水花，看到水花飞溅，就能够说明插入水中的发声音叉是在振动的。 【考点】声音的产生。 3.【答案】C

【解析】A、电磁波不只用来通信，还可以传递能量，例如微波炉就是利用了电磁波传递能量，该选项说法不正确；B、电磁波对人类是有辐射的，可引起人体病变，该选项说法不正确；C、手机既可以发射电磁波，也可以接收电磁波，该选项说法正确；D、卫星通信是利用电磁波来实现的，该选项说法不正确。 【考点】电磁波的传播。 4.【答案】D

【解析】热机是把内能转化成机械能的装置，分析各选项能量转化即可正确解题。AB。杠杆、斜面是简单的机械，不属于热机。故AB不符合题意；C。洗衣机是电能转化为机械能的装置，不属于热机。故C不符合题意；D。汽油机是把内能转化成机械能的装置，属于热机。符合题意。 【考点】热机。 5.【答案】A

【解析】A、直升飞机悬停在空中，故有质量，有高度，所以具有重力势能，故正确；B、直升飞机悬停在空中，所以质量不变，高度不变，速度不变，即动能和重力势能都不变，故错误；C、据B可知，直升机的

1/12

动能和重力势能都不变，故没有动能和重力势能的转化，故错误；D、据B可知，直升机的动能和重力势能都不变，故机械能不变，故错误；

【考点】动能和势能的转化与守恒；动能和势能的大小变化。 6.【答案】B

【解析】A、为了开关断开后，用电器与火线断开，则控制用电器的开关必须接在火线上，故A不符合题意；B、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，否则自己也会触电，故B符合题意；C、因为电路有短路或漏电现象，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故C不符合题意；D、不能在高压线附近放风筝，故D不符合题意；

【考点】安全用电原则。 7.【答案】A

【解析】A、摩擦生热，即克服摩擦力做功产生内能，故是通过做功改变内能，故正确；B、围火取暖，是C、通过热传递的方式改变内能，故错误；雾霾弥漫中的雾霾不是分子，故不能说明分子是运动的，故错误；D、雪花纷飞中的雪花不是分子，不能说明分子之间有排斥力作用，故错误； 【考点】做功改变物体内能；分子的运动。. 8.【答案】D

【解析】本题要逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作。大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。A、火箭点火后从尾部猛烈喷出燃气，对气体施加了一个向后的作用力，从而使火箭受到了气体对它施加了一个向前的反作用力，这是利用了物体间力的作用是相互的，才使火箭得到向前的动力。故A不符合题意；B、坦克装有宽大的履带，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强。故B不符合题意。C、医生向病人体内注射药液是利用了人的推力，与大气压无关。故C不符合题意。D、用力吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，所以利用了大气压。故D符合题意。 【考点】大气压强的存在。 9.【答案】D

【解析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射；光从水中斜射入空气时，传播方向将远离法线，折射角大于入射角。A、B、光在空气和水的分界面发生了镜面反射，但不是铅笔看起来发生了弯折的原因，故A、B错误；C、D、插入水中的筷子，由于筷子反射的光线从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以看到筷子在水中的部分是向上弯折。此时看到的像是筷子的虚像。故C不符合题意，D符合题意。 【考点】光的折射现象及其应用。

2/12

10.【答案】C

【解析】A、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，故A错误；B、核废料是对环境污染很C、严重的，故B错误；核电站的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变（链式反应）释放能量的，故C正确；D、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能的，不是氢的同位素，故D错误； 【考点】核裂变。 11.【答案】B

【解析】发电机是利用电磁感应现象制成的，在发电机工作时，电流的大小和方向是时刻变化的，据此分析即可解决。A、电动机的基本原理是通电导体在磁场中受力的作用，故错误；B、发电机的基本原理是电磁感应，故正确；C、线圈在转动过程中，感应电流的大小是变化的，故错误；D、线圈在转动过程中，感应电流的方向是变化的，故错误； 【考点】发电机的构造和原理。 12.【答案】A

【解析】据题目中所提示的情形，联系课本知识，逐个分析判断即可解决。A、飞机飞行时获得升力，是因为飞机的机翼的特殊形状，使下方空气流速小，压强大，获得升力，故正确；B、热气球浸在空气中时，浮力大于氢气球自身的重力，从而升空，故错误；C、水下潜水艇能够上浮，是因为浮力大于潜水艇的重力，故错误；D、航空母舰漂浮在海面是由于此时的浮力等于自身的重力，故错误； 【考点】流体压强与流速的关系，密度与温度，物体的浮沉条件及其应用。 13.【答案】C

【解析】①电饭锅正常工作的电流在3A左右；②我国家庭电路电压为220V；③电饭锅属于较大功率的用电器，额定功率在500W以上；④在得出电饭锅功率的前提下，利用WPt得到消耗的电能。

B、在我国，家庭电路电压为220V，常见家用电器的额定电压与家庭电路电压应该一致，也是220V。选项B错误；C、电饭锅属于功率较大的用电器，额定功率在700W左右。选项C正确；A、电饭锅正常工作的电流在I=P700W3.2A左右。选项A错误；D、电饭锅正常工作1h消耗的电能约U220VWPt700W3600s252000J。选项D错误。

【考点】电流的大小，电压，电功的计算，电功率。 14.【答案】B

【解析】根据公式v=求出运动员的平均速度，然后比较大小。3分37秒52≈218s，四川选手罗雅丹与队友潘婕的平均速度==st2000m9.2 m/s=33.12km/h ；A、5m/s＜9.2m/s，故A错误；B、

218s10m/s＞9.2m/s，故B正确；C、5km/s＜33.12km/h，故C错误；D、10km/s＜33.12km/h，故

D错误。

3/12

【考点】变速运动与平均速度。

第Ⅱ卷

二、填空题 15.【答案】并 变大。

【解析】照明电路中各用电器是并联的，电阻越并越小，小于其中的任一个；再根据欧姆定律判断电路中的电流情况。教室里各盏照明灯是并联的，开亮的灯越多，并联的支路越多，总电阻越小；由I=，电源电压不变，则干路中的电流越大。

【考点】家庭电路的连接，并联电路的电流规律。 16.【答案】水 相互的。

【解析】当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的。游泳时手和脚向后划水，手和脚给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水给手和脚一个向前的力，所以人会向前运动。此时水是施力物体。 【考点】力作用的相互性。 17.【答案】汽化 放热。

【解析】物体由液态变为气态的现象叫汽化，汽化吸热；物体由气态变为液态的现象叫液化，液化要放热；根据我们对于液化和汽化的理解来作答。用湿抹布擦黑板，过一会儿黑板就会变干，水由液态变成气态，这是水的汽化现象；夏天，从冰箱中取出一瓶饮料，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠附着在饮料瓶外表面一块金属在冰箱中被冷冻后，取出放一会，表面会变湿，这是因为空气中的水蒸气遇冷液化形成的，这个过程要放热。

【考点】蒸发及其现象，液化及液化现象。 18.【答案】L2 0.28。

【解析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，根据电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数。由电路图可知，两灯泡并联，电流表与灯泡L2串联，所以电流表测量L2支路的电流，由图可知：电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A。 【考点】电流表的读数方法。 19.【答案】12 较暗。

4/12

【解析】（1）根据平面镜成像特点：像与物的大小相同，像和物的连线与玻璃板垂直，像和物到玻璃板的距离相等。

（2）进行平面镜成像实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体在平面镜中成像越清晰。 平面镜所成的像与物体到镜面距离相等，实验时，在竖立的玻璃板前12cm处放一支点燃的蜡烛A，再取一支未点燃的同样的蜡烛B放在像处，发现B与A的像完全重合，则蜡烛B到玻璃板的距离为12cm；点燃的蜡烛是成像物体，比较亮，环境越黑暗，蜡烛和环境的对比度越大，蜡烛成像越清晰。 【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。 20.【答案】2105 连通器。

【解析】（1）液体压强随深度的增加而增大；已知水的深度和密度，利用公式pgh计算水对坝底的压强。

（2）上端开口、下端相连通的容器叫连通器；船闸是连通器特点的应用。 水对坝底的压强为pgh1.0103kg/m310N/kg20m2105Pa

据船闸的结构特点可知，其在工作时，上端开口，下部连同，即符合连通器的定义，所以船闸是利用连通器的原理工作的。

【考点】液体的压强的计算；连通器原理。 21.【答案】S 地磁场。

【解析】由于地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，据此判断小磁针的指向。由于地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近；根据同名磁极相互排斥，异名磁性相互吸引可知，小磁针静止时指南的那端是S极； 由此可知，指南针能够指南北是因为地球周围的空间存在着地磁场。 【考点】地磁场 22.【答案】串 27。

【解析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；

2R乙10，Q与I、R及t有关，（2）由焦耳定律QIRt可知，故据题目中的数据解析即可。已知R甲5，

在探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系时，应控制电流和通电时间相同，即需要将两个电阻丝串联接入电路即可；

5/12

若电路中的电流为0.3A，则甲电阻丝在1min内产生的热量为QI2Rt（0.3A）2560s27J； 【考点】焦耳定律的计算公式及其应用。 三、作图与计算题

23.【答案】（1）用弹簧测力计沿BC方向拉杠杆，为使杠杆平衡，则拉力斜向上，过支点O做F的垂线即为F的力臂L，

（2）根据安培定则，伸出右手使四指弯曲的方向为电流的方向，则大拇指指向为通电螺线管的N极，即螺线管的左端为N极，右端为S极，在磁体外部，磁感线从N极指向S极，如图所示：

【解析】（1）由图可知，钩码重力向下，用弹簧测力计沿BC方向拉杠杆，使杠杆平衡，则拉力斜向上，在根据力臂的概念画出F的力臂L。

（2）已知电源正负极，利用安培定则可判断出螺线管的极性，在磁体外部，磁感线方向从N极出发流向S极。

【考点】力臂的画法，磁感线及其特点，通电螺线管的磁场。 24.【答案】（1）由p=F6﹣425得压力：FpS5010 Pa4010m210N； S4（2）汽车随升降台匀速上升，则FGmg1800kg10N/kg1.810N， 升降台对汽车所做的功WFs1.8104N6m1.08105J。

答：（1）当50MPa的压强作用于面积为40cm2的活塞上时，压力为2105N。 （2）升降台对汽车所做的功为1.08105J。

【解析】（1）知道作用在活塞上的压强和活塞的面积，可利用压强变形公式FpS计算压力的大小。 （2）由题意知汽车随升降台匀速上升，受到的拉力F与其重力G是一对平衡力，又知升高的高度，利用

WFs求解升降台对汽车所做的功。

【考点】压强的大小及其计算，功的计算。

6/12

25.【答案】（1）由图象可知IL0.2A时，UL1V

PLULIL1V0.2A0.2W；

（2）由图象可知UR2.5V时，IR0.4A

W1URIRt2.5V0.4A0.53600s1800J

两个电阻并联共消耗的电能为：W总2W121800J3600J。 答：（1）将小灯泡接入电路，电路电流为0.2A，小灯泡实际功率为0.2W；

（2）将两个定值电阻并联后接在电压为2.5V的电源两端，工作0.5小时，共消耗电能3600J。 【解析】（1）由图象找到当电流为0.2A时，对应的电压，利用P=UI求出实际电功率；

（2）根据图象分析得出并联在电路中，通过的对应电流，利用P=UI求出单个电阻消耗的电能，则可求共消耗的电能。

【考点】电功率的计算，电功的计算。 四、实验与探究题 26.【答案】（1）电流 （2）c、d （3）甲。

（1）实验中采用了转换法比较电阻大小，即通过比较电流表示数来比较导体电阻的大小。

（2）验证导体的电阻与导体的材料有关时，应控制导体的长度和横截面积不变，编号c、d电阻丝符合； （3）选用b、c两根电阻丝可知，两者的材料和横截面积相同、长度不同，是验证导体的电阻与导体的长度是否有关，即验证甲同学的猜想。

【解析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小。

（2）（3）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，实验探究时应采用控制变量法。在研究导体的电阻与导体的材料是否有关时，应控制导体的长度和横截面积不变；在研究导体的电阻与导体的长度的关系，应控制导体的材料和横截面积不变；在研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关时，应控制导体的材料和长度不变。

【考点】影响电阻大小的因素。 27.【答案】（1）0.023； （2）20； （3）1.15103；

7/12

不正确，因为6颗枇杷的体积不一定等于3V。

（1）由图可知，砝码的质量为20g，游码的质量为3g，则枇杷的质量m20g3g23g0.023kg；

3（2）枇杷的体积V80cm﹣60cm320cm3210﹣5m3，

（3）枇杷的密度m 0.023kg331.1510kg/m； V2105m3小明这种测密度的方法不正确；任意选出其中2颗用量筒测得体积为V，6颗枇杷的体积不一定等于3V。所以不正确； 【解析】小希的方法：

（1）物体的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度；

（2）读取液体的体积时，视线要与液面的底部相平；液体的体积通过量筒中两次液面的体积差进行计算。（3）由密度公式求得枇杷的密度；

小明的方法：从枇杷的体积分析小明这种测密度的方法是否正确。 【考点】固体的密度测量实验。

B卷

一、选择题 1.【答案】C

【解析】（1）根据能源的开发和利用在国家或地区的发展中的作用解答； （2）根据现在人类面临资源紧缺的现状，所以应该开发和利用新能源进行解答；

（3）根据能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变。这就是能量守恒定律进行解答； （4）根据电风扇工作时，电能转化为机械能进行解答。 【考点】能量守恒定律，未来的理想能源。 2.【答案】B

2f＞u＞f，u＞2f，【解析】根据凸透镜成像的几种情况进行判断：成倒立、缩小的实像，像距f＜v＜2f，。

成倒立、放大的实像，像距v＞2f。u2f，成倒立、等大的实像，像距v2f。u＜f，成正立、放大的虚像。

（1）若凸透镜是L1，此时物距u40cm＞2f，成倒立、缩小的实像，像距应该是f＜v＜2f，。而图中

v10cm，故不能在光屏上看到烛焰清晰的像，当将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的

像，故A错误，B正确；

（2）若凸透镜是L2，此时物距u40cm2f，成倒立、等大的实像，像距应该是v2f40cm，将光屏移到60cm刻度线处，此时v10cm，则光屏上不能出现烛焰清晰的像。故C错误；

8/12

（3）若凸透镜是L2，此时物距u40cm2f，成倒立、等大的实像，像距应该是v2f40cm，而小明将光屏移到70cm刻度线处，此时v20cm，则光屏上不能出现烛焰清晰的像。故D错误； 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验。 3.【答案】D

【解析】（1）晶体有固定的熔化温度，非晶体没有，晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的；物质吸收热量、内能增加，但温度保持不变。

（t-t0）（2）根据Q吸Cm可知：在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。

A、因为不能确定甲为晶体，晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的，所以不能确定甲在3～6min内的状态，故A错误；B、晶体有固定的熔化温度，非晶体没有，而甲物质到达50℃后温度没有再升高，有可能是在沸腾过程中，所以不能确定甲为晶体，故B错误；C、在4～6min内，甲吸收热量，内能增加，故C错误；D、烧杯内物质在相同时间内吸收的热量相同，在0～t1时间里甲升高的温度为t110℃，乙升高的温

10℃， 度为t2＜可知，当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容C就越小。所以甲的比热容小于乙的比热容。故D正确。

【考点】熔化和凝固的温度—时间图象。 4.【答案】AC

【解析】A、根据F浮p液gV排判断浮力的关系；B、根据pp液gh判断水对容器底部的压强关系；C、根据浮力、拉力、重力的关系判断拉力的大小；D、以整体为研究对象进行分析。 【考点】阿基米德原理；液体压强计算公式的应用。. 5.【答案】CD

【解析】根据电压表的量程和分度值读出丙图中可能的示数，根据欧姆定律求出滑片P位于中点时两端的电压，然后与丙图电压表的示数相比较判断电压表的位置；当滑片P在最右端b处时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，则乙图中电压表的示数小于丙图中电压表的示数，根据指针偏角关系和乙、丙两电压表的量程不同，确定它们的示数，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出求出R1的阻

U2值；当滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，R1消耗的功率最大，根据P=求出最大功率。丙图中，

R电压表的量程为0～3V时，分度值为0.1V，示数为0.8V，电压表的量程为0～15V时，分度值为0.5V，示数为4V，当滑片P位于中点时，接入电路中的电阻为10Ω，此时电路中的电流为0.8A，由I=可得，R2两端的电压：U2IR20.8A108V，因R2两端的电压与丙电压表的示数不相等，所以，电压表应并

9/12

联在R1两端，故A错误；当滑片P在最右端b处时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，因乙、丙两电压表的量程不同，且乙电压表指针的偏角大于丙电压表指针的偏角，所以，乙电压表的量程为0～3V时，示数为2.4V，丙电压表的示数即R2两端的电压U14V，因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压：UU1U24V8V12V，故B错误；R1的阻值：R1=U14V==5Ω，故CI0.8A2U2（21V）==28.8W，故D正确。 正确；当滑片位于a端时，R1消耗的功率最大，则P=R15Ω【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算。 二、综合题

6.【答案】（1）断路； （2）为0V 小于U； （3）

UI1R0。 2I1r【解析】（1）电流表示数为0，电压表V1示数为U，说明电压表并联部分断路，即输电线断路； （2）若输电线短路，电压表V2被短路，示数为0；

若输电线之间形成间隙电阻，电路为R0、Rx与Rx左侧电阻丝串联，电压表测Rx两端的电压， 由串联电路的分压特点可知，电压表V2示数小于电压表V1的示数U； （3）若输电线的故障是短路，由I=可得，电路中的总电阻：R=U， I1因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电阻丝的阻值：R线=R-R0=UI1R0U-R0， I1I1因电阻丝单位长度的阻值为r，

UI1R0R线U-I1R0， I1所以，电阻丝的长度：

L线===rrI1r则故障处与A端的距离：L=L线UI1R0=。 22I1r【考点】欧姆定律的应用。

7.【答案】解：（1）A受到杆K的作用力FK向左。因为在4～6s内，A相对地面静止，B向右匀速直线运

10/12

动，A相对于B向左运动，可知B对A摩擦力f′向右，A处于静止状态，水平方向必定受平衡力作用，所以杆K对A作用力向左。

（2）在0～2s内：B向左匀速直线运动，在水平方向受C的向左的拉力，A向右的摩擦力及P向右的摩擦力，则FPfFPF1-f； 1，可得F（FPGP）G人（F1-fGP）由图知，滑轮组由2段绳子承担物重，所以FD，

（F1-fGP）则人对地面的压力FG人-FDG人，

1G人（F1-f+Gp）人对地面的压强：p=； 2S人在4～6s内：B向右右匀速直线运动，受到A的摩擦力向左，则F1fFP；

（FPGP）G人（F1fGP）则FD；

﹣FDG人﹣（F1fGP）人对地面的压力FG人；

（F1-fGP）-[G人-（F1fGP）]f 则FF-FG人则p=FS人=f； S人（3）以C为研究对象：由图2知，在8～10s内，物体在空气中，则F3GC40N 由题意知，F111F3=40N20N 22在0～2s内有，物体C受浮力、绳的拉力、和重力作用，则F1F浮GC 所以F浮GC-F140N-20N20N 以B为研究对象：

F1f2 F2-GP 在4～6s内有 F3f2 F3﹣GP 在8～10s内有 F3-F1（2F3-F2）

:2； 又因为F3:F2311/12

所以F3-F1232F3F3 3F3（F3-F1）（40N-20N）30N

在8～10s内，人做功的功率：

PF3v30N0.12m/s3.6W。 t【解析】（1）分析4～6s内，物体B的运动方向，从而可得出B对A的摩擦力方向，根据平衡力的知识判断杆对A的拉力方向；

（2）0～2s内，人对地面的压力FG人-FD，由公式p=F可计算出人对地面的压强； S用同样方法计算出4～6s内人对地面的压强，从而求出两次的压强之差； （3）分别以B、C为研究对象，列出相应的关系式，得出结论。 【考点】压强的大小及其计算，浮力大小的计算，功率的计算。

12/12