一、选择题
1．聚维酮碘的水溶液是一种常见的碘伏类缓释消毒剂，聚维酮通过氢键与HI3形成聚维酮碘，其结构表示如图(图中虚线表示氢键)下列说法不正确的是
A．聚维酮的单体是
B．聚维酮分子由(2m+n)个单体聚合而成 C．聚维酮碘是一种水溶性物质
D．聚维酮的单体能发生水解反应，也能发生加聚、消去、加成、取代反应
答案：D
解析：A.由聚维酮碘的分子结构知，聚维酮由加聚反应制得，其单体为，选
项A正确；
B.由聚维酮碘的分子结构知，聚维酮分子中左侧链节由2个单体构成，因此，聚维酮分子由2m+n个单体聚合而成，选项B正确；
C.由题干信息“聚维酮碘的水溶液”知，聚维酮碘能溶于水，选项C正确；
D.由聚维酮碘的分子结构知，聚维酮由加聚反应制得，其单体为，该单体分
子中含有碳碳双键、肽键，能发生水解反应，也能发生加聚反应、加成反应、取代反应，但不能发生消去反应，选项D不正确； 答案选D。
2．目前，新型冠状病毒仍在世界各地蔓延，科学防护对预防新型冠状病毒感染非常重要。下列说法错误的是
A．含有病毒的飞沫扩散到空气中形成气溶胶，气溶胶分散质粒子直径在1nm~100nm之间 B．医用外科口罩核心功能层熔喷布的主要成分聚丙烯属于有机高分子材料 C．核酸检测是确认病毒类型的有效手段，核酸是一类含磷的生物高分子化合物 D．使用75%的酒精、0.1%的次氯酸钠溶液和0.9%的食盐水均可以快速、高效杀死新型冠状病毒
答案：D
解析：A．气溶胶，气溶胶分散质粒子直径在1nm~100nm之间，A正确； B．聚丙烯属于有机高分子材料，B正确； C．核酸是一类含磷的生物高分子化合物，C正确；
D．75%的酒精、0.1%的次氯酸钠溶液均可以快速、高效杀死新型冠状病毒，但0.9%的食盐水不能，D错误； 故选D。
3．羟甲香豆素(丙)是一种治疗胆结石的药物，部分合成路线如下图所示。下列说法正确的是
A．甲分子中有2个手性碳原子
B．常温下1 mol乙能与4 mol H2发生加成反应 C．乙在Cu作催化剂条件下可被氧化为含醛基的物质 D．丙能与甲醛发生缩聚反应
答案：D
解析：A．同一个C与四个不相同的原子或原子团相连时，该C为手性碳，则甲分子中与醇-OH相连的C是手性碳，即甲分子含1个手性碳，A错误；
B．乙分子中的苯环能和氢气加成，酯基不能和氢气加成，因此常温下1 mol乙能与3 mol H2发生加成反应，B错误；
C．一分子中不含-CH2OH，不可在Cu作催化剂条件下被氧化为含醛基的物质，C错误； D．丙分子中含酚羟基，且与酚羟基相连C的邻位C上有H，可以和甲醛发生酚醛缩聚，D正确； 答案选D。
4．塑料PET的一种合成路线如下图所示，其中①和②均为可逆反应。
下列说法不正确的是 ．．．
A．PET在一定条件下可降解成单体
B．①中可通过蒸馏分离出CH3OH提高反应物的转化率 C．依据①推测PET的结构简式为D．该合成路线中乙二醇可循环使用
答案：C
解析：A．根据题目所给信息可知反应②为可逆反应，说明PET在一定条件下可以降解为单体，A正确；
B．根据流程可知中-OCH3被-OCH2CH2OH取代得到PET单体，则反应①产
物中还有CH3OH，反应①为可逆反应，蒸馏分离出产物甲醇，可以使平衡正向移动，提高反应物的转化率，B正确；
C．参考反应①可知反应②中应是一个单体上的取代基上的-OH脱去氢原子后剩余然后原子团取代另一个单体上的取代基上的-OCH2CH2OH得到PET和乙二醇，所以PET的结构简式为
，C错误；
D．根据C选项分析可知反应②中产物有乙二醇，可以在反应①中重复利用，D正确； 综上所述答案为C。
5．高分子N可用于制备聚合物离子导体，其合成路线如下：
下列说法错误的是
A．苯乙烯分子中最多有16个原子共平面 C．一定条件下N能发生水解反应
B．试剂a为
D．反应1为缩聚反应，反应2为加聚反应
答案：D
解析：A．直接连接碳碳双键、苯环的原子共平面，则苯乙烯分子中最多有16个原子共平面，故A正确；
B．苯乙烯和a发生加聚反应生成高分子M，根据M结构简式确定a结构简式为
，故B正确；
C．N含有酯基，一定条件下能发生水解反应，故C正确；
D．苯乙烯和a发生加聚反应生成M，M和b发生加成反应生成N，所以反应1为加聚反应、反应2为加成反应，故D错误； 故选：D。
6．中国研制成功的治疗疟疾的特效药﹣青蒿素，其结构如图所示。下列关于青蒿素的说法
正确的是( )
A．是一种烃 B．属于高分子化合物 C．属于芳香族化合物 D．分子式是C15H22O5
答案：D
解析：A．该物质中含有C、H、O元素，不属于烃，属于烃的含氧衍生物，故A错误； B．相对分子质量在10000以上的分子属于高分子化合物，该物质相对分子质量远远小于10000，属于小分子化合物，故B错误；
C．含有苯环的化合物属于芳香族化合物，该分子不含苯环，不属于芳香族化合物，故C错误；
D．该分子中含有15个C原子、22个H原子、5个O原子，分子式为C15H22O5，故D正确； 故选D。
7．为了减少白色污染，科学家合成了PLA塑料，其结构片段如图所示(图中长)。下列说法不正确的是 ．．．
表示链延
A．PLA聚合物的链节为
通过缩聚反应制得
B．PLA可由
C．PLA制取过程中可能生成副产物
D．PLA相比于聚氯乙烯塑料的优点是易降解
答案：C 【分析】
此结构为聚合
物的结构片段，结合连接方式可判断属于聚酯类高聚物，判断其单体或链节，只需要断开酯基即可，根据图示，该高聚物的链节为
，据此分析解答。
解析：A．根据分析可知，PLA聚合物的链节为 ，故A正确；
B．有分析可知，PLA是聚酯类高聚物，通过分子间形成酯基的通过缩聚反应制得，则单体的分子中含有一个羧基和一个羟基，因此该高聚物的单体为确；
C．PLA制取过程中可能生成副产物，两个单体
之间相互发生酯化反应形
，故B正
成环，结构简式为，故C错误；
D．PLA结构中主要官能团为酯基，具有酯类的性质，在碱性条件下易发生水解反应而被降解，而聚氯乙烯塑料不易降解，故D正确； 答案选C。
8．化学与生活、社会发展息息相关，下列有关说法正确的是 A．燃煤中加入CaO可以减少酸雨的形成及温室气体的排放
B．用pH试纸检验某干燥气体是酸性气体还是碱性气体时，应先用蒸馏水湿润 C．从石油中得来的沥青，主要成分是烃的含氧衍生物
D．“凿开混沌得乌金”所载“乌金”为煤炭，煤炭属于有机高分子化合物
答案：B
解析：A．虽然氧化钙可以和二氧化碳反应生成碳酸钙，但高温条件下碳酸钙又会分解生成二氧化碳和氧化钙，所以不能减少温室气体的排放，A错误；
B．酸性气体或碱性气体本身并不能电离产生氢离子或氢氧根，只有溶于水时才会显示酸碱性，B正确；
C．石油是烃的混合物，沥青提炼自石油，所以沥青的主要成分是烃，C错误； D．煤炭主要成分为碳单质，为无机物，D错误； 综上所述答案为B。
9．可用作安全玻璃夹层的高分子PVB的合成路线如下：
已知：醛与二元醇反应可生成环状缩醛，如：下列说法不正确的是 ．．．
A．合成A的聚合反应是加聚反应
B．B易溶于水 C．试剂a是1-丁醛
D．B与试剂a反应的物质的量之比为2：1
答案：D 【分析】
由已知醛和二元醇的反应及PVB的结构简式可推知：试剂a为CH3CH2CH2CHO，B为
，A与NaOH反应后酸化得到B和CH3COOH，可推知A为
据此分析解题。
解析：A．由分析可知，聚合物A的结构简式为：
，故合成A的单体为：
，
CH2=CHOOCCH3，故合成A的聚合反应是加聚反应，A正确； B．由分析可知，B的结构简式为
，含有醇羟基，故B易溶于水，B正确；
C．由分析可知，试剂a的结构简式为CH3CH2CH2CHO，其名称为1-丁醛，C正确； D．由已知信息可知，1mol-CHO需要2mol-OH，所以B与试剂a反应的物质的量之比为2:n，D错误； 故答案为：D。
10．化学品在抗击新型冠状病毒的战役中发挥了重要作用。下列说法不正确的是 A．医用防护口罩中熔喷布的生产原料主要是聚丙烯，聚丙烯的单体是丙烯 B．“84”消毒液用于环境消毒主要是利用了次氯酸钠的强氧化性 C．用硝酸铵制备医用速冷冰袋是利用了硝酸铵溶于水快速吸热的性质 D．75%的医用酒精常用于消毒，用95%的酒精消毒效果更好
答案：D
解析：A．医用防护口罩中熔喷布的生产原料主要是聚丙烯，聚丙烯为高聚物，是由丙烯在一定条件下发生加聚反应得到的，其单体是丙烯，故A正确；
B．“84”消毒液的主要成分是次氯酸钠，可以水解得到次氯酸，起到杀菌消毒的作用，因此，“84”消毒液用于环境消毒主要是利用了次氯酸钠的强氧化性，故B正确； C．硝酸铵溶于水可以吸热，因此可以用作速冷冰袋，故C正确；
D．用酒精是体积分数为75%的乙醇溶液，浓度太高会使蛋白质的表面形成硬膜，阻止乙醇进入蛋白质内部，无法彻底杀死细菌，起不到杀菌效果，故D错误； 答案选D。
11．化学与生产生活息息相关，下列说法错误的是 A．侯氏制碱法的工艺流程中应用了物质溶解度的差异
B．高温结构陶瓷、压电陶瓷、透明陶瓷、超导陶瓷都是新型陶瓷，均属于硅酸盐产品 C．我国在西周时期已发明了“酒曲”酿酒工艺，“酒曲”是一种酶
D．塑料、合成橡胶和合成纤维三大合成材料主要是以石油、煤和天然气为原料生产的
答案：B
解析：A．侯氏制碱法原理反应为NH3+CO2+H2O=NH4HCO3、
NH4HCO3+NaCl=NH4Cl+NaHCO3↓，其中NaHCO3溶解度最小，所以有NaHCO3的晶体析出，故A正确；
B．新型陶瓷属于新型无机非金属材料，不属于硅酸盐产品，主要为氮化物、碳化物以及金属氧化物等，故B错误；
C．“酒曲”是一种有催化作用的酶，是一种生物催化剂，故C正确；
D．以煤、石油、天然气化石燃料为主要原料，可制造化工产品、合成塑料、合成橡胶、合成纤维等，即塑料、合成橡胶和合成纤维三大合成材料，是以石油、煤和天然气为主要原料生产的，故D正确； 答案为B。
12．下列说法不正确的是
A．NaCl和MgCl2晶体所含化学键的类型相同 B．C60和C70是同素异形体 C．干冰、二氧化硅均属于原子晶体 D．合成纤维是一类高分子化合物
答案：C
解析：A．NaCl、MgCl2均为离子化合物，只含离子键，A正确； B．C60、C70为碳元素的不同单质，互为同素异形体，B正确；
C．干冰(CO2)由分子构成，属于分子晶体，SiO2由原子构成，属于原子晶体，C错误； D．合成纤维、合成树脂、合成橡胶属于三大合成高分子材料，D正确； 故答案选C。
13．掌握必要的消毒和防疫知识，会使我们的生活更安全。下列说法不正确的是 A．75%的乙醇和84消毒液的消毒原理不相同 B．制造N95口罩的聚丙烯树脂属于有机高分子材料 C．苯酚能杀灭活性冠状病毒，可以用酚类消毒剂漱口 D．乙醚和氯仿也能消毒杀菌，二者均属于有机物
答案：C
解析：A．84消毒液杀菌消毒是利用其中含有的NaClO的强氧化性，而医用酒精中的乙醇并不具备强氧化性，但仍能够使蛋白质变性从而达到杀菌消毒的目的，故A正确； B．聚丙烯树脂属于有机高分子材料，故B正确；
C．苯酚对人体的危害一般会产生腐蚀作用，同时如果接触皮肤会产生灼烧现象，同时还可能会迅速进入人体，从而导致人体中毒的症状产生，不能用酚类消毒剂漱口，故C错误；
D．乙醚和氯仿等脂溶剂均可有效灭活病毒，二者均属于有机物，故D正确；
综上所述，本题正确答案为C。
14．化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是 A．可大量使用硫酸铜对人工泳池进行杀藻处理
B．牙膏中添加氟化物用于预防龋齿，发生的是氧化还原反应 C．文房四宝中制笔用狼毫与宣纸的主要成分都是纤维素
D．“奋斗者号”潜水器固体浮力材料使用的高强树脂，属于有机高分子材料
答案：D
解析：A．可以用硫酸铜对人工泳池进行杀藻，但要注意控制用量，故A错误； B．牙齿表面含有Ca5PO42OH，Ca5PO42OH与F-反应能生成更难溶的
Ca5PO42F，所以牙膏中添加氟化物用于预防龋齿，发生的是非氧化还原反应，故B错
误；
C．文房四宝中宣纸的主要成分都是纤维素，狼毫的主要成分都是蛋白质，故C错误； D．高强树脂是合成有机高分子化合物，属于有机高分子材料，故D正确； 选D。
15．下列关于有机化合物的叙述错误的是
A．黄酒中某些微生物使乙醇氧化为乙酸，于是酒就变酸了 B．葡萄糖具有还原性，可用于制镜工业
C．可通过加入金属钠观察是否产生气体的方法检验乙醇中是否混有水
D．有机三大合成材料是指塑料、合成橡胶和合成纤维，它们都主要是以煤、石油和天然气为原料生产的
答案：C
解析：A．黄酒变酸是因为在某些微生物作用下，乙醇被氧化为乙酸导致的，故A正确； B．葡萄糖含有醛基，具有还原性，能够还原银离子，可用于制镜工业，故B正确； C．金属钠既可以与水反应，又可以与乙醇反应生成氢气，则无法判断乙醇中是否含有水，故C错误；
D．塑料、合成橡胶和合成纤维，这三大合成材料都主要是以煤、石油和天然气为原料生产的，故D正确； 故答案为C。
二、填空题
16．按要求回答下列问题：
(1)含40.0 g NaOH的稀溶液与含24.5gH2SO4的稀硫酸反应，放出28.7kJ的热量，表示该反应中和热的热化学反应方程式_______。 (2)钢铁发生吸氧腐蚀的正极反应式_______。 (3)衡量一个体系_______的物理量叫做熵。
(4)甲苯和浓硝酸、浓硫酸的混合酸在100℃时反应生成TNT的化学方程式_______。 (5)写出如图所示高分子化合物的单体_______。
答案：NaOHaq+11H2SO4aq=Na2SO4aq+H2Ol ΔH=-57.4kJ/mol 222H2O+O2+4e-=4OH- 混乱度
+3HNO3浓硫酸 100?C+3H2O CH2=CH-CH=CH2 、
40g=1mol，24.5gH2SO4的物质的量为解析：(1)40.0 g NaOH的物质的量为
40g/mol24.5g=0.25mol，硫酸完全反应，NaOH反应了0.5mol，放出28.7kJ的热量，则1mol
98g/molNaOH完全反应时，放出228.7kJ=57.4kJ的热量，热化学反应方程式为
11NaOHaq+H2SO4aq=Na2SO4aq+H2Ol ΔH=-57.4kJ/mol；
22(2)钢铁发生吸氧腐蚀，正极上氧气得到电子，正极反应式为2H2O+O2+4e(3)衡量一个体系混乱度的物理量叫做熵，用符号S表示。。
(4)甲苯和浓硝酸、浓硫酸的混合酸在100℃时，甲苯上甲基邻对位氢原子被硝基取代，生
-=4OH-；
成TNT，化学方程式为
浓硫酸 +3HNO3 100C+3H2O。
(5)主碳链有6个碳原子，且含有碳碳双键结构，单体为两种；该高分子化合物可由
CH2=CH-CH=CH2和
通过加聚反应得到，所以单体为
CH2=CH-CH=CH2 、
。
17．某含苯环的烃A，其相对分子质量为104，碳的质量分数为92.3%。 (1)A的分子式为___________。
(2)A与溴的四氯化碳溶液反应的化学方程式为___________。
(3)已知：
碱性条件下反应的化学方程式___________。
。请写出A与稀、冷的KMnO4溶液在
(4)一定条件下，A与氢气完全反应，写出此化合物的结构简式___________。 (5)在一定条件下，由A聚合得到的高分子化合物的结构简式为___________。
答案：C8H8
+Br2
【分析】
某含苯环的烃A，其相对分子质量为104，碳的质量分数为92.3%，则该分子中C原子的个数为
104-12810492.3%=8，则H原子个数为=8，所以A的分子式为C8H8，结合
121。
问题中A可以发生的反应，可知A的结构简式为：
解析：(1)由上述分析可知，A的分子式为：C8H8，故填C8H8； (2)A与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，反应的化学方程式为
，故填
(3)由
性条件下反应的化学方程式为：
可知，
；
与稀、冷的KMnO4溶液在碱
，
故填
(4)一定条件下，成的化合物的结构简式为
；
与氢气完全反应，苯环与碳碳双键均与氢气发生加成反应，生
，故填
；
5式为
含有碳碳双键，可发生加聚反应生成聚苯乙烯，高分子化合物结构简
，故填。
18．聚碳酸酯(PC)是一种具有良好抗冲击性能和光学性能的工程塑料。以葡萄糖加氢脱水
制得的异山梨醇()和碳酸二甲酯()为原料可以制得聚碳酸
酯。
(1)葡萄糖的加氢产物山梨醇(脱水反应有多种可能。
①写出葡萄糖的结构简式：_______。
②设计实验检验糖尿病患者尿液中是否含有葡萄糖，写出实验方案：_______。(实验中须．使用的试剂有：2%的CuSO4溶液，10%的NaOH溶液)。 ．．
③山梨醇中编号为1、4碳原子上羟基发生分子内脱水反应的产物的结构简式为_______，其进一步脱水即得异山梨醇。
(2)在催化剂表面上，一种合成碳酸二甲酯的反应机理如图：
)是一种链式多元醇，其分子内
①研究表明，生成的中间体上某种官能团影响催化活性，该官能团名称为_______。 ②合成碳酸二甲酯的总反应方程式为_______。 (3)异山梨醇和碳酸二甲酯合成聚碳酸酯的路线如下：
反应①中若1 mol异山梨醇充分反应，得到的产物除1 mol中间体外还有_______，①、②的反应类型分别为_______、_______反应。
答案：CH2OH(CHOH)4CHO 在试管中加入适量10%的NaOH溶液，滴入几滴2%的CuSO4溶液，振荡后加入适量尿液，加热(煮沸)，若有砖红色沉淀产生，说明尿液中含有
葡萄糖 羟基 2CH3OH+CO2→+H2O 2 mol
CH3OH 取代(酯交换) 缩聚
解析：(1)葡萄糖的结构简式为CH2OH(CHOH)4CHO，检验葡萄糖的操作为：在试管中加入
适量10%的NaOH溶液，滴入几滴2%的CuSO4溶液，振荡后加入适量尿液，加热(煮沸)，若有砖红色沉淀产生，说明尿液中含有葡萄糖，根据山梨醇结构简式可得出编号为
1、4碳原子上羟基发生分子内脱水反应的产物的结构简式为，故答案
为：CH2OH(CHOH)4CHO；在试管中加入适量10%的NaOH溶液，滴入几滴2%的CuSO4溶液，振荡后加入适量尿液，加热(煮沸)，若有砖红色沉淀产生，说明尿液中含有葡萄
糖；；
(2)根据反应机理图可看出中间体影响催化活性的官能团为羟基，合成碳酸二甲酯的反应的总方程式为2CH3OH+CO2→2CH3OH+CO2→
+H2O；
+H2O，故答案为：羟基；
(3) 异山梨醇和碳酸二甲酯合成聚碳酸酯的路线可知另一产物为CH3OH，1mol异山梨醇和2mol碳酸二甲酯反应，生成的CH3OH为2mol，反应①为取代(酯交换)反应，反应②中脱去了小分子，故为为缩聚反应，故答案为：2 mol CH3OH；取代(酯交换)；缩聚。 19．下列6种与生产、生活相关的有机化合物： ①HCHO（防腐剂） ②④料）
(1)属于高分子的是_______（填序号）。 (2)与①互为同系物的是_______（填序号）。 (3)与③互为同分异构体的是_______（填序号）。
（车身亮光剂）③
（香料原料）
（杀虫剂原料）⑤CH3CH2CH2OH（有机溶剂）⑥CH3CHO（制塑料原
答案：② ⑥ ④
解析：(1)相对分子质量在一万以上的是高分子化合物，聚乙烯属于高分子化合物，故答案为：②；
(2)结构相似、在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的有机物互为同系物，①⑥的结构相似，均属于饱和一元醛，在分子组成上相差一个CH2原子团的有机物，故互为同系物，故答案为：⑥；
(3)分子式相同而结构不同的化合物间互为同分异构体，④和③的分子式相同而结构不同，故互为同分异构体，故答案为：④。 20．(1)按系统命名法填写该有机物的名称：
的名称是________。
(2) 1 mol 2，6-二甲基-4-乙基辛烷完全燃烧需消耗氧气_________mol。
(3)羟基的电子式________；
(4)相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式______； (5)合成高聚物
其单体的结构简式_______；
答案：3，4-二甲基辛烷 18.5
解析：(1)由该有机物的结构可知，主链有8个碳原子，其中3号碳原子和4号碳原子各连有一个甲基，则该有机物的名称为3，4-二甲基辛烷； (2)2，6-二甲基-4-乙基辛烷的结构简式为
，则分子式为C12H26，1molC消耗
1mol氧气，4molH消耗1mol氧气，则1mol该有机物消耗18.5mol氧气； (3)羟基有9个电子，其电子式为
；
(4)设烷烃的分子式为CnH2n+2，则12n+2n+2=72，解得n=5，所以该烷烃的分子式为C5H12，支链越多，分子的沸点越低，所以沸点最低的该烷烃的结构简式为
；
(5)高聚物的单体为异戊二烯，其结构简式为
。
21．M是一种新型可生物降解的高分子材料，主要用于制造可降解纤维、塑料和医用材料，其水解最终产物为N。燃烧9.0 g的N只产生CO2和H2O，且质量分别为13.2g和5.4g，实验测得N在标准状况下的蒸气密度为4.02gL1；N分子中四种氢原子的个数比为1：1：1：3。
(1)写出N的分子式：________。
(2)写出N的结构简式：__________，写出N在催化剂条件下发生缩聚反应合成M的化学方程式：______________。
答案：C3H6O3
催化剂+(n-1)H2O
111解析：(1)N的摩尔质量M4.02gL22.4Lmol90gmol，
n(N)9.0g90gmol113.2g144gmol0.1mol，1molN中：n(C)3mol，0.1mol1mol5.4g218gmol1n(H)6mol，
0.1mol1mol90gmol11mol12gmol13mol1gmol16moln(O)3mol，则N的分子
16gmol1式为C3H6O3；
(2)N在催化剂的作用下发生缩聚反应生成M，由N的分子中四种氢原子的个数比为1∶1∶1∶3，可知N的结构简式为
，缩聚反应的化学方程式为
催化剂+(n-1)H2O。
22．(1)制备线型酚醛树脂的方程式：__________。 (2)用甘氨酸(H2NCH2COOH)和丙氨酸(构)。
(3)①麦芽糖发生水解反应的方程式是_____________。
②硬脂酸甘油酯与氢氧化钠发生皂化反应的方程式_______________。 (4)下列化合物中：①H2C=O；②HOCH2CH2OH；③H2C=CH2；④
；⑤
。
)缩合最多可形成_____种二肽(链状结
适合制作食品保鲜膜的单体是(填序号，下同)________，适合制作开关面板的单体是_______，适合制作漂亮校服织物面料的单体是________。
答案：nHCHO+n
H++(n-1)H2O 4 C12H22O11(麦芽
催化剂糖)+H2O2 C6H12O6(葡萄糖)
+3NaOH→3C17H35COONa+ ③ ①⑤ ②④
【分析】
（1）在酸性条件下,苯酚与甲醛发生缩聚反应生成线型酚醛树脂；
（2）氨基酸发生脱水反应生成二肽就是两个氨基酸分子脱去一个水分子形成一个肽键； （3）①麦芽糖是二糖，在稀硫酸或酶做催化剂作用下，1mol麦芽糖发生水解反应生成2mol葡萄糖；
②硬脂酸甘油酯与氢氧化钠溶液发生皂化反应生成硬脂酸钠和甘油；
（4）聚乙烯可作塑料食品盒；适合制作开关面板的材料为酚醛树脂；适合制作漂亮校服织物面料是合成纤维。
解析：（1）在酸性条件下,苯酚与甲醛发生缩聚反应生成线型酚醛树脂，反应的化学方程
H+式为nHCHO+n
+(n-1)H2O，故答案为：
nHCHO+n
H++(n-1)H2O；
（2）氨基酸发生脱水反应生成二肽就是两个氨基酸分子脱去一个水分子形成一个肽键，当甘氨酸和丙氨酸同种氨基酸脱水时，可生成2种二肽；当是不同种氨基酸脱水时，可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢，也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，可以生成2种二肽，则甘氨酸和丙氨酸缩合最多可形成共4种，故答案为：4；
（3）①麦芽糖是二糖，在稀硫酸或酶做催化剂作用下，1mol麦芽糖发生水解反应生成
催化剂2mol葡萄糖，反应的化学方程式为C12H22O11(麦芽糖)+H2O2 C6H12O6(葡萄糖)，催化剂故答案为：C12H22O11(麦芽糖)+H2O2 C6H12O6(葡萄糖)；
②硬脂酸甘油酯与氢氧化钠溶液发生皂化反应生成硬脂酸钠和甘油，反应的化学方程式为
+3NaOH→3C17H35COONa+，故答案为：
+3NaOH→3C17H35COONa+；
（4）聚乙烯可作塑料食品盒，合成聚乙烯的单体为CH2=CH2；适合制作开关面板的材料为酚醛树脂，酚醛树脂可由苯酚、甲醛发生缩聚反应生成；适合制作漂亮校服织物面料是
合成纤维，合成纤维的单体可能是HOCH2CH2OH和②④。 【点睛】
，故答案为：③；①⑤；
当甘氨酸和丙氨酸同种氨基酸脱水时，可生成2种二肽；当是不同种氨基酸脱水时，可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢，也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，可以生成2种二肽是分析解答关键，也是易错点。 23．完成下列要求： ①
聚合所得产物：____（此聚合物用作合成橡胶）。
②苯与液溴的反应方程式：______
③丙醛与新制的氢氧化铜悬浊液反应方程式：________
答案：
C2H5CHO+2Cu(OH)2+NaOH【分析】
根据有机物的化学性质和有关反应解答。 解析：①
中含有两个碳碳双键，可以发生加聚反应，生成
+Br2
+HBr；
C2H5COONa+Cu2O↓+3H2O
，答案：；
②苯与液溴在铁作催化剂的条件下发生取代反应，生成溴苯和溴化氢，反应的化学方程式为
+Br2
+HBr，答案：
+Br2
+HBr；
③丙醛与新制的氢氧化铜悬浊液在加热的条件下反应生成丙酸钠、氧化亚铜和水，反应的化学方程式为C2H5CHO+2Cu(OH)2+NaOHC2H5CHO+2Cu(OH)2+NaOH【点睛】
在书写有机反应的化学方程式时，不能只写了产物中的有机物而遗忘了如水、卤化氢等一些小分子无机物。
24．不饱和酯类化合物在药物，涂料等应用厂泛。 （1）下列关于化合物的说法不正确的是____________。
C2H5COONa+Cu2O↓+3H2O，答案：
C2H5COONa+Cu2O↓+3H2O。
A．遇FeCl3溶液可能显紫色 B．易被空气中的氧气所氧化
C．能与溴发生取代和加成反应 D．1mol化合物Ⅰ最多能与2molNaOH反应 （2）反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法： ①
化合物Ⅱ的分子式为_____________，1mol化合物Ⅱ能与________molH2恰好完全反应生成饱和烃.
（3）化合物Ⅱ可由芳香族化合物Ⅲ或IV分别通过消去反应获得，但只有Ⅲ能与Na反应产生H2，Ⅲ的结构简式为_________（写1种）；由IV生成Ⅱ的反应条件为________________________。
（4）聚合物可用于制备涂料，其单体结构简式为______________。
利用类似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的反应方程式为______________________。
答案：D C9H10 4
或
NaOH醇溶液，加热 CH2=CHCOOCH2CH3
CH2=CH2+H2O
CH3CH2OH；
2CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O
2CH2=CH2+2CH3CH2OH+2CO+O2
解析：分析：（1）该有机物中含有苯环、酚羟基、碳碳双键和酯基,具有苯、酚、烯烃和酯的性质,能发生加成反应、还原反应、取代反应、氧化反应、显色反应、加聚反应、水解反应等，据以上分析解答。
（2）根据Ⅱ的结构式可以得出分子式为C9H10，1molⅡ含有1mol 苯环和1mol碳碳双键，1molⅡ可以与4mol氢气发生加成反应生成饱和环烷烃。
（3）Ⅲ能与Na反应产生氢气说明Ⅲ含有羟基，所以Ⅲ的结构简式为
或
反应的条件为氢氧化钠醇溶液,加热。
（4）根据聚合物的结构式可以推出单体的结构简式；乙烯水化制乙醇，乙醇与乙烯、一氧化碳、氧气共同作用生成CH2=CHCOOCH2CH3。
详解：A.含有酚羟基，所以具有酚的性质，能与氯化铁溶液发生显色反应，A正
，由于Ⅳ只能是卤代烃，卤代烃发生消去
确；B．酚能够被氧气氧化，B正确；C.含有酚羟基且苯环上酚羟基邻对位含有氢原子，含有碳碳双键，所以能与溴发生取代反应和加成反应，C正确；D．酚羟基和酯基水解生成的羧基能与氢氧化钠反应，所以1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，D错误；正确选项D。
（2）根据化合物Ⅱ的结构简式，该有机物化合物Ⅱ的分子式为：C9H10；苯环能够与氢气发生加成反应，乙烯基能够与氢气发生加成反应，所以1mol化合物Ⅱ能与3+1=4 molH2恰好完全反应生成饱和烃；正确答案：C9H10；4。
（3）能与Na反应产生氢气说明Ⅲ含有羟基，所以Ⅲ的结构简式为
或；由于Ⅳ只能是卤代烃，卤代烃发生消去反应的条件为NaOH醇
或
溶液，加热；正确答案：
；NaOH醇溶液，加热。
（4）根据聚合物的结构式可以推出单体的结构简式为CH2=CHCOOCH2CH3，以乙烯为有机物原理合成该单体的方程式为CH2=CH2+H2O
CH3CH2OH；2CH2=CH2+2CH3CH2OH+2CO+O2
2CH2=
CHCOOCH2CH3+2H2O；正确答案：CH2=CHCOOCH2CH3 ；CH2=CH2+H2OCO+O2
25．按要求填空
（1）氯乙烯的电子式是_____________________；
（2）CH3CH2CH(CH2CH2CH3)CH(CH3)CH3的名称为_____________________________；
CH3CH2OH；2CH2=CH2+2CH3CH2OH+2
2CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O。
习惯命名为_____________________________；
（3）2-甲基-1-丁烯的键线式_______________________； （4）
含氧官能团的名称是_______________________________；该
有机物发生加聚反应后，所得产物的结构简式为________________________； （5）丁腈橡胶的结构简式为
的单体为_________________________________________
，形成该橡胶
答案： 2-甲基-3-乙基己烷 间甲基乙苯 醛基
CH2=CH-CH=CH2 CH2=CH-CN
解析：分析：（1）根据氯乙烯的结构简式书写电子式； （2）根据有机物的命名方法解答；
（3）将碳、氢元素符号省略，只表示分子中键的连接情况，每个拐点或终点均表示有1个碳原子，称为键线式。
（4）根据结构简式判断官能团，碳碳双键可以发生加聚反应； （5）根据高分子化合物是加聚产物判断其单体。 详解：（1）氯乙烯的结构简式为CH2=CHCl，其电子式是
；
（2）CH3CH2CH(CH2CH2CH3)CH(CH3)CH3属于烷烃，主链含有6个碳原子，支链是甲基
和乙基，其名称为2-甲基-3-乙基己烷；属于苯的同系物，甲基和乙基处于
间位，习惯命名为间甲基乙苯；
（3）2-甲基-1-丁烯的结构简式为CH2=C(CH3)CH2CH3，则其键线式可表示为
；
（4）中含氧官能团的名称是醛基；碳碳双键可发生加聚反应，则
该有机物发生加聚反应后，所得产物的结构简式为；
（5）根据加聚产物单体的推断方法：“取出链节，单键改为双键，双键改为单键，断开错误的键”，故丁腈橡胶的单体为CH2=CH-CH=CH2、CH2=CH-CN。
点睛：判断单体时首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断，例如加聚产物单体的推断方法：“取出链节，单键改为双键，双键改为单键，断开错误的键”。缩产物的单体推断方法：断键，补原子，即找到断键点，断键后在相应部位加上-OH或-H。 26．根据要求填空： (1)写出下列有机物的键线式：
______________________
(2)写出有机物的名称_________________
(3)写出甲基电子式：_______________，乙炔的结构式______________ (4)某有机高分子化合物的结构片段如下：
则合成它的单体是___________________
答案：
2，3，5-三甲基-4-乙基庚烷
H-C≡C-H CH2=CHCN、
CH2=CH-CH=CH2、CH2=CH2 解析：(1)
用键线式表示为：
；(2)有机物
主
链有7个碳，三个甲基，一个乙基，它的名称为2，3，5-三甲基-4-乙基庚烷；（3）甲烷分子中去掉一个氢原子后剩下的一价基团.由碳和氢元素构成.—CH3，甲基电子式
；乙炔有一个叁键它的结构式H-C≡C-H；(4)某有机高分子化合物的结构片段
中，链节主链中只有碳原子，并存在碳碳双键结构的高聚物，为二烯烃与烯烃的加聚产物，按如图：
所示断键后，再将两个半键闭
合，可得合成它的单体是CH2=CHCN、CH2=CH-CH=CH2、CH2=CH2。
点睛：有机基础题，结构简式与键线式之间的转换，对初学者来说，是难点，命名规则多而细，是易错点，有机高分子化合物的结构片段找链节，考查学生逆向思维能力。
三、解答题
27．以下是合成一种功能高分子I的路线图
H2O/H已知以下信息：RCNRCOOH
+回答下列问题：
(1)F中官能团的名称为____________，______________； (2)反应①和⑤的反应类型分别为____________，____________； (3)下列关于物质C的说法错误的是__________(填字母标号) A．可利用红外光谱法确定物质C中的官能团 B．物质C存在顺反异构体
C．物质C能与NaHCO3反应产生气体 D．物质C最多有8个原子共平面
(4)反应③的化学方程式为_______________________；
(5)E的同分异构体中含有苯环且苯环上连有3个硝基的结构共有_______种。
答案：硝基 氯原子 加成反应 取代反应(或水解反应) BD
浓硫酸+3HNO3(浓)+3H2O 5
【分析】
由分子式可知A为HC≡CH，由B的分子式可知A和HCN发生加成反应生成B，B为CH2=CHCN，B发生信息中的反应生成C，C为CH2=CHCOOH，由H→I及I的结构可知
H为，则G为，由F→G可知F为，由E→F
可知E为，由D→E可知D为，据此分析解答。
解析：(1)F为，官能团为硝基、氯原子，故答案为：硝基；氯原子；
(2)反应①为HC≡CH和HCN发生加成反应生成CH2=CHCN，反应⑤为发生
水解（取代）反应生成应)；
(3)C为CH2=CHCOOH；
，故答案为：加成反应；取代反应(或水解反
A．可利用红外光谱法确定物质C中的官能团，故A正确；
B．物质C中碳碳双键的一端的C上有两个氢原子，不存在顺反异构体，故B错误；
C．含有羧基，所以物质C能与NaHCO3反应产生二氧化碳气体，故C正确； D．碳碳双键中所有原子共平面，羰基为平面结构，单键可以旋转，则物质C最多有9个原子共平面，故D错误； 故答案为：BD；
(4)反应③为发生硝化反应生成，反应的化学方程式为
+3HNO3(浓)
浓硫酸+3H2O，故答案为：
+3HNO3(浓)
浓硫酸+3H2O；
(5)E为，E的同分异构体中含有苯环且苯环上连有3个硝基，当3个硝基
在相邻的C上时，甲基有2种位置，当有2个硝基相邻，一个硝基相间时，甲基有3种位置，三个硝基相间时没有同分异构体，所以符合条件的同分异构体有5种，故答案为：5。 28．化合物J是有机合成中的一种重要中间体，具体合成过程如图：
①
HC≡CNaH+O3
NaOH②RCHO+R′CH2CHO③+→
④化合物A的一氯代物只有一种 (1)I分子中含有的官能团名称为________；
(2)E+F→G的反应类型为______，G→H的反应类型为_______； (3) D的化学名称为_______；
(4) C的结构简式为_______，L的结构简式为______；
(5)G→J中①的化学方程式为______；J→K的化学方程式为______； (6)同时满足下列条件的I的同分异构体有_______种(不考虑立体异构)。 ①与I具有相同的官能团；②具有六元碳环结构；③分子中含有一个甲基
答案：醛基、碳碳双键 加成反应 消去反应 2−甲基−1，3−丁二烯
HOCH2CH2CHO+2Cu(OH)2+NaOH
Δ HOCH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O nHOCH2CH2COOH Δ浓硫酸+(n-1)H2O 16
【分析】
化合物A的一氯代物只有一种，A是丙酮，结构简式为CH3COCH3，与乙炔钠发生已知信息①的反应生成B为(CH3)2COHC≡CH，B在氧化铝的作用下生成C，根据C的分子式和B的分子式可知该反应是羟基的消去反应，C的结构简式为CH2＝C(CH3)C≡CH，C与氢气发生加成反应生成D，D与H反应生成I，根据I的结构简式结合已知信息③可知H的结构简式为CH2＝CHCHO。E与F发生已知信息②的反应生成G，则E是乙醛，F是甲醛，G的结构简式为HOCH2CH2CHO，G发生消去反应生成H。G发生氧化反应酸化后生成J为HOCH2CH2COOH，J发生缩聚反应生成K为
，J发
生酯化反应生成L为，据此分析解答。
解析：(1)I分子中含有的官能团名称为醛基、碳碳双键；
(2)由以上分析知，E与F发生已知信息②的反应生成G，则E+F→G的反应类型为加成反应，G→H的反应类型为消去反应；
(3)根据D的结构简式可知其化学名称为2-甲基-1，3-丁二烯； (4)C的结构简式为
(5)G→J中过程①的化学方程式为
，L的结构简式为
；
HOCH2CH2CHO+2Cu(OH)2+NaOHHOCH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O；J→K的化学
浓硫酸方程式为nHOCH2CH2COOH Δ+(n-1)H2O；
(6)同时满足下列条件的I的同分异构体，①与I具有相同的官能团；②具有六元碳环结构；③分子中含有一个甲基，六元环可以是
、
、
，－CHO的
位置分别有5、6、6种，由不考虑立体异构，不包括I，所以共计是16种。 29．已知：通常羟基与碳碳双键相连时不稳定，易发生下列变化：
依据如下图所示的转化关系，回答问题：
(1)写出A分子中含有的官能团____________(填名称)； (2)B的结构简式是____________。
(3)①的化学方程式是____________________________________； (4)F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链，③的化学方程式是______________________。
(5)G是F的同分异构体，有关G的描述；①能发生水解，②苯环上有三个取代基，③苯环上一溴代物有2种。据此推测G的结构简式可能是(写出其中一种)_____________。
答案：酯基、碳碳双键
CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOH
CHCOONa+CuO↓+3HO CHCOOH+
3
2
2
3
+H2O 或
【分析】
A发生加聚反应生成B，则A的分子式为C4H6O2，A能发生酸性条件下水解反应，则A中含有酯基，A的不饱和度=
42+2-6=2，结合A的分子式知，A中含有一个酯基和一个碳2碳双键；C能发生氧化反应生成D，说明C、D中碳原子个数相等，所以C、D中碳原子个数都是2，结合题给信息知，C是CH3CHO、D是CH3COOH，A是CH3COOCH=CH2，B结构简式为
式为C7H8O，E中不饱和度=以E为
；D和E发生酯化反应生成F，根据F分子式知，E分子
72+2-8=4，F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链，所2，以此解答该题。
，F为
解析：(1)A为CH3COOCH=CH2，官能团为碳碳双键和酯基； (2)根据分析可知B为
；
(3)C为CH3CHO，反应①为乙醛被新制氢氧化铜氧化的过程，化学方程式为CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOH(4)根据分析可知E为
CHCOONa+CuO↓+3HO；
3
2
2
，F为
浓硫酸Δ，所以③的化学方程式是
CH3COOH++H2O；
(5)G是F的同分异构体，满足： ①能发生水解，说明含有酯基； ②苯环上有三个取代基；
③苯环上一溴代物有2种，即苯环上有两种环境的氢原子，结构对称，所以三个取代基中
有两个相同，则满足条件的结构为 或 。
【点睛】
根据分子式、反应条件结合题给信息进行推断，正确推断各物质结构简式是解本题关键；难点是同分异构体种类判断，要注意对称性的判断。
30．A(C3H6)是基本有机化工原料，由A制备聚合物C和合成路线如图所示(部分
条件略去)。
已知：,RCOOH
(1)
发生缩聚形成的高聚物的结构简式为____；D→E的反应类型为____。
(2)E→F的化学方程式为____。
(3)B的同分异构体中，与B具有相同官能团且能发生银镜反应，其中核磁共振氢谱上显示3组峰，且峰面积之比为6:1:1的是____(写出结构简式)。
(4)等物质的量的分别与足量NaOH、NaHCO3反应， 消耗NaOH、NaHCO3的物
质的量之比为____；检验的碳碳双键的方法是____(写出对应试剂及现象)。
答案：
取代反应
1:1 加入溴水，溴水
褪色 【分析】
B的结构简式为CH3CH=CHCOOCH3，A的分子式为C3H6，A是基本有机化工原料，A与CH3OH、CO在Pd催化剂作用下反应生成B，则A结构简式为CH2=CHCH3；
发生水解反应然后酸化得到聚合物C，C的结构简式为
与Cl2高温下反应生成D，D发生水解反应生成E，根据E的结构简式推知D为
；A
CH2=CHCH2Cl；E与发生题给信息的加成反应生成F，结合结构简式，
F结构简式为，F发生取代反应生成G，G发生信息中反应得到，则G
结构简式为，以此来解答。
解析：(1)含有羧基和醇羟基，能发生缩聚生成聚合酯，所得高聚物的结构简式为
；D→E是卤代烃的水解，反应类型是取代反应；
(2) E→F的化学方程式为；
(3) B结构简式为CH3CH=CHCOOCH3，与B具有相同官能团且能发生银镜反应，其中核磁共振氢谱上显示3组峰，且峰面积之比为6：1：1的是
；
(4) 分子结构中含有羧基和醇羟基，只有羧基能与NaOH、NaHCO3反应，等物
质的量的 分别与足量NaOH、NaHCO3反应， 消耗NaOH、NaHCO3的物质的量
之比为1:1；检验碳碳双键可用溴水或酸性高锰酸钾溶液，但由于醇羟基也能使酸性高锰酸
钾溶液褪色，所以向中滴加溴水，溴水褪色，即说明含有碳碳双键。
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