自动控制原理期末考试题1、2

1-1 试列举几个日常生活中的开环控制和闭环控制系统实例，并说明它们的工作原理。

略

1-2. 图1-17是液面自动控制系统的两种原理示意图。在运行中，希望液面高度H0维持不变。

1．试说明各系统的工作原理。

2．画出各系统的方框图，并说明被控对象、给定值、被控量和干扰信号是什么?

(a)工作原理：出水量2与进水量一致，系统处于平衡状态，液位高度保持在H0。当出水

量大于进水量，液位降低，浮子下沉，通过连杆使阀门L1开大，使得进水量增大，液位逐渐回升；当出水量小于进水量，液位升高，浮子上升，通过连杆使阀门1关小，液位逐渐降低。

其中被控对象是水槽，给定值是液面高度希望值H0。被控量是液面实际高度，干扰量是出水量2。

(b)工作原理：出水量与进水量一致系统处于平衡状态，电位器滑动头位于中间位置，液面

为给定高度H0。当出水量大于（小于）进水量，浮子下沉（上浮）带动电位器滑动头向上（下）移动，电位器输出一正（负）电压，使电动机正（反）转，通过减速器开大（关小）阀门L1，使进水量增大（减小），液面高度升高（降低），当液面高度为H0时，电位器滑动头处于中间位置，输出电压为零，电动机不转，系统又处于平衡状态。

其中被控对象是水槽，给定值为液面高度希望值H0，被控量是液面实际高度，干扰量是出水量2。

(a)，(b)系统结构图如下图

题解1-2（a）系统方框图 题解1-2（b）系统方框图 1-3 什么是负反馈控制?在图1-17(b)系统中是怎样实现负反馈控制的?在什么情况下反馈极性会误接为正，此时对系统工作有何影响?

解：负反馈控制就是将输出量反馈到输入端与输入量进行比较产生偏差信号，利用偏差信号对系统进行调节，达到减小或消除偏差的目的。

图1-17(b)系统的输出量液面实际高度通过浮子测量反馈到输入端与输入信号（给定液面高度）进行比较，如果二者不一致就会在电位器输出一电压值——偏差信号，偏差信号带动电机转动，通过减速器使阀门1开大或关小，从而进入量改变，当输出量——液面实际高度与给定高度一致偏差信号为0，电机，减速器不动，系统又处于平衡状态。

当电位器极性接反（或将电机极反接）此时为正反馈，系统不可能把液面高度维持在给定值。 1-4. 若将图1-17(a)系统结构改为图1-18。试说明其工作原理。并与图1-17(a)比较有何不同?对系统工作有何影响?

解：若将1-17(a)系统结构图改为1-18，系统变成了正反馈，当出水量与进水量一致，液面高度为给定值H0。当出水量大于进水量，液面位降低，浮子下称，通过连杆使阀门1关小，进水量越来越小，液面高度不能保持给定高度H0，同样当出水量小于进水量，浮子上浮，液位升高，使阀门1开大，进水量增大，液位越来越高，不可能维持在给定高度H0 1-5 某仓库大门自动控制系统的原理图如图1-19所示。试说明自动控制大门开启和关闭的 工作原理并画出系统方框图

解 当合上开门开关时，电桥会测量出开门位置与大门实际位置间对应的偏差电压，偏差电压经放大器放大后，驱动伺服电动机带动绞盘转动，将大门向上提起。与此同时，和大门连在一起的电刷也向上移动，直到桥式测量电路达到平衡，电动机停止转动，大门达到开启位置。反之，当合上关门开关时，电动机带动绞盘使大门关闭，从而可以实现大门远距离开闭自动控制。系统方框图如图解1-2所示。

题解1-5图

第二章 物理系统的数学模型

习题及及解答

2-1 试建立图2-55所示各系统的动态方程，并说明这些动态方程之间有什么特点。图中电压u1和位移x1为输入量，电压u2和位移x2为输出量；k、k1和k2为弹性系数；f为阻尼器的阻尼系数。

解：

题解21(a) 1u111Cidtu2uCiu2uu22iRi R

u12RCu2u1 U2(s)sRCsU1(s)s1RCs1RC

题21(b)图及题解21(b)图 2kx2fx1fx

fX2(s)X1(s)fsfskkfkss1

题21(c)图及题解21(c)图 R1U1(s)I(s)R11CsU(s)c1Cs

U2(s)R2I(s) U2(s)R2(R1Cs1)U1(s)R1R2R2R1Cs

2R1R2Cu1R2u1(R1R2)u2R1R2Cu

2uR1R2R1R21u2u1R1Cu1 R2R1R1Cs1R2(R1Cs1)R1R2R1R2CsU2(s)U1(s)R2R2R1R11Cs1CsR2

题21(d)图及题解21(d)图 2k1x2k2x2k1x1fx1fx

fs1k1k2k1x2(s)fsk1＝fx1(s)fsk1k2s1k1k2

k1题21(e)图及题解21(e)图 U2(s)U1(s)R21Cs1CsR2Cs1 R1R2(R1R2)Cs1

题21(f)图及题解21(f)图

k2fxkxkxxx2323223sfk2k2x2k1x2k1x1k2x3

k2(k1k2)x2k2x2k1x1sfk2

(k1k2)sfk1k2sfk2x2k1x1 fk2k1k2s1fs1x2x1k1(sfk2)(k1k2)sfk1k2k1k2

2-2. 图2-56所示水箱中，Q1和Q2分别为水箱的进水流量和用水流量，被控量为实际水面高度

H。试求出该系统的动态方程。假设水箱横截面面积为C，流阻为R。

解：

H1C(Q1Q2)dt

Q2aH a——系数，取决于管道流出侧的阻力，消去中间变量Q2，可得

CdHdtaHQ1

假定系统初始处在稳定点上，这时有：Q10Q20Q0，HH0，当信号在该点附近小范围变化时，可以认为输出2与输入H的关系是线性的，。即

Q2Q0Q2HH0HQQQ01 11H(Q1Q2)dtC

dQ21Q2HHHH0dHR20

R1dQ2dHHH02H0Q020_________流阻

dHdtHRQ1CRdHdtHRQ1CR有时可将符号去掉，即

H(s)Q1(s)R

CRs1

2-3 求图2-57信号x(t)的象函数X(s)。

解：

(a)x(t)2(tt0)

21ts2e0s X(s)= s(b)X(s)0X(t)etstsdtt0

0dt

t00tedt

1st00td(et00ts)

t001tsteset00tsdt ts1t0s1t0essd(et0)

1t0s1tst0eess0

1t0s1tste(e1)0ss

11ts22(1t0s)e0ss

44T4T4t(t)(t)(tT)222(c)x(t)= T222TTT



X(s)4Ts22T(12e2seTs)

2-4. 用拉氏变换求解下列微分方程（假设初始条件为零）

(t)x(t)r(t) 1.Tx其中

r(t)分别为(t)，1(t)和t·1(t)。

(t)x(t)x(t)(t) x2.(t)2x(t)x(t)1(t) x3.解：

(t)x(t)r(t) 1.TxX(s)1Ts1R(s)r(t)(t)1,

R(s)1 1Ts1T

X(s)Ts11T1TtX(t)e

,R(s)1s

r(t)1(t)1X(s)1s(Ts1)1TtTss1T)1s1s1T

s(sX(t)1er(t)t1(t)

,R(s)1s

21X(s)1Ts1s12T2ss1T)11s2TTss1T)s(s)s(s

1T(2ss11s1T

X(t)tT(1e1Tt)

Z32-5. 一齿轮系如图2-58所示。Z1、Z2、

J

和Z4分别为齿轮的齿数；J1、J2和3分别表示

传动轴上的转动惯量；1、2和3为各转轴的 角位移；

Mm是电动机输出转矩。试列写折算到

电机轴上的齿轮系的运动方程。

M1解：M2M3M4d1d2Z3Z4Z2Z1Z1Z2,

Z1Z2Z1Z2M2,M3d1Z3Z4M4M1d2

Z4Z3Z2Z1d1d2d3Z4Z3d3Z3Z4d2d1MMJ11mdtd2MMJ232dtd3MJ34dtMmM1J1d1dtZ1Z2

M2J1d1dtZ1Z2(M3J2d2dt)Jd1dt

Z1ZZ2((Z3ZZ4M4J2J32d2dt)J1d1dtd1dtd1dtd1dtZ12Z34d3dt)2J2d1dtd2dt)J1Z1Z2J3([J3(Z1Z2)(2Z3Z42J2(Z1Z22)2J1d1dt

Z1Z2)(Z3Z4)J2()J1]Mm2-6 系统的微分方程组如下：

x1(t)r(t)c(t)n1(t)

x2(t)K1x1(t)

x3(t)x2(t)x5(t)

Tx3(t)dt

x5(t)x4(t)K2n2(t)dcdt22dx4

其中

K0

K0x5(t)dcdt

C(s)C(s)T均为大于零的常数。、K1、K2、试建立系统的结构图，并求传递函数R(s)、N1(s)C(s)及N2(s)

解：

x1(t)r(t)c(t)n1(t)x2K1x1x3x2x5Tdx4dtx3X1(s)R(s)C(s)N1(s)X2(s)K1X1(s)X3(s)X2(s)X5(s)X41TsK0ss2X3x5x4K2n2K0x5dcdt22X5X4K2N2(s)C(s)X5dcdt

C(s)求R(s)令N1(s)0,N2(s)0 消去中间变量，得

C(s)R(s)K0K1s(s1)(Ts1)K0K1

C(s)求N1(s)令R(s)0,N2(s)0 消去中间变量得

C(s)N1(s)K0K1s(s1)(Ts1)K0K1

C(s)求N2(s)令R(s)0,N2(s)0 消去中间变量得

C(s)N2(s)TK0K1ss(s1)(Ts1)K0K1

C(s)2-7. 简化图2-59所示系统的结构图，并求系统传递函数R(s)。

解：

C(s)2-8. 试用梅逊公式列写图2-60所示系统的传递函数R(s)。

解：

(a)L1G2G3H3, L2G3G4H4 L3G1G2G3H2, L4G1G2G3G4H1

1G2G3H3G3G4H4G1G2G3H2G1G2G3G4H1 P1G1G2G3H4,11

C(s)R(s)1G2G3H3G3G4H4G1G2G3H2G1G2G3G4H1

(b)L1G1H1, L2G3H2 L3G1G2G3H1H2,L4G1G3H1H2

1G1H1G3H2G1G2G3H1H2G1G3H1H2 P1G1G2G3,11 P2G4G3,21G1H1

G1G2G3H4C(s)R(s)G1G2G3G4G3(1G1H1)1G1H1G3H2G1G2G3H1H2G1G3H1H2

2-9.

C1(s)C2(s)C1(s)C2(s)求出图2-61所示系统的传递函数R1(s)、R1(s)、R2(s)、R2(s)。

解：

(a)1G1G2G3G4 C1(s)R1(s)C2(s)R1(s)C1(s)R2(s)C2(s)R(s)G11G1G2G3G4 G1G2G31G1G2G3G4 G1G3G41G1G2G3G4

G3

1G1G2G3G4

(b)1G1G2G4G1G4G5H1H2G1G2G4 C1(s)R1(s)C2(s)R1(s)C1(s)R2(s)C2(s)R2(s)G1G2G3(1G4)G1G4G5G6H2

G1G2G3G4G5H1G4G5G6(1G1G2)2-10. 已知系统结构图2-62所示，图中N(s)为扰动作用，R(s)为输入。

C(s)C(s)

1.求传递函数R(s)和N(s)。

C(s)2.若要消除干扰对输出的影响（即N(s)0），问

G0(s)？

1K1K2K3s(Ts1)

K1K2K3C(s)R(s)K1K2K3s(Ts1)2K1K2K3TssK1K2K31s(Ts1) K3K4Ts11s(Ts1)K1K2K3s(Ts1)K1K2K3G0K3K4sK1K2K3G0TssK1K2K32解：

①

C(s)N(s)

C(s)②N(s)0

K3K4sK1K2K3G00

G0K4K1K2s

c(t)12e2t2-11. 若某系统在阶跃输入作用r(t)1(t)时，系统在零初始条件下的输出响应为

e

t试求系统传递函数和脉冲响应。 解 单位阶跃输入时，有

C(s)1sR(s)1s，依题意

2s21s13s2

G(s)(s1)(s2)s

1C(s)R(s)3s2(s1)(s2)

41112ttk(t)LG(s)L4ees1s2

2-12. 已知系统的传递函数

C(s)22R(s)s3s2

(0)0。试求阶跃响应r(t)1(t)作用时，系统的输出响应c(t)。且初始条件为c(0)1，c



解 系统的微分方程为

dc(t)22dt dt （1）

考虑初始条件，对式（1）进行拉氏变换，得

3dc(t)2c(t)2r(t)

sC(s)s3sC(s)32C(s)22s （2）

C(s)s3s2s(s3s2)t2

21s4s12s2

 c(t)14e2e2t