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湖北省部分重点中学上学期高二物理期中试卷(含解析)

2022-10-12 来源:爱问旅游网
湖北省部分重点中学2013~2014学年度上学期高二期中考试

物 理 试 卷

一 .选择题.本题包括10小题,共50分。在每个小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有错选或不答的得0分

1. 两个半径均为R的金属小球,带电量之比为1∶3,相距为r(r>>R),两者相互接触后再放回原来的位置上,则相互作用力可能为原来的( )

A.1 B.1/3 C.2/3 D.4/3 【答案】BD

Q1Q23Q2【解析】由库仑定律可知:Fk,原来Fk2

R2R当两相同金属小球带同种电荷时,两者相互接触后再放回原来的位置上,它们的电荷量变为2:

4Q22,所以库仑力是F'k2,是原来的4/3,故D正确;

R当两相同金属小球带异种电荷时,两者相互接触后再放回原来的位置上,它们的电荷量变为1:

Q21,所以库仑力是F''k2,是原来的1/3,故B正确。

R【考点】库仑定律

2. 如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下,一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点,径迹如图中虚线所示,下列说法正确的是( ) A.粒子带正电 B.粒子在A点加速度大

C.粒子在B点动能大 D.A、B两点相比,B点电势较低

【答案】D【解析】

A、带电粒子所受电场力指向其轨迹内侧,因此电场力向下和电场线相反,故粒子到负电,故A错误;

B、B处电场线密,电场强,故电场力大于,因此其加速度比A点要大,故B错误; C、从A到B过程中,电场力做负功,动能减小,因此A处动能大于B处的,故C错误; D、沿电场线电势降低,因此A点电势高于B点,故D正确。 【考点】电场线;牛顿第二定律;物体做曲线运动的条件;电势

3. 某控制电路如图所示,主要由电源(电动势为E、内阻为r)与定值电阻R1、R2及电位器(滑

动变阻器)R连接而成,L1、L2是红绿两个指示灯,当电位器的触片滑向a端过程中,下列说法正确的是 ( ) A.L1、L2两个指示灯都变暗

B.L1、L2两个指示灯都变亮

C.L1变亮,L2变暗 D.L1变暗,L2变亮 【答案】A

【解析】电位器的触片滑向a端时,电位器电阻减小→外电路总电阻R减小→总电流增加→内电压增加外电压减小→灯泡L1变暗;

电位器的触片滑向a端时,电位器电阻减小,与电位器并联的支路的总电阻减小,故分得的电压减小,故通过灯泡L2支路的电流减小,故灯泡L2变暗。 【考点】闭合电路的欧姆定律

4. 请根据下面所列的真值表,从四幅图中选出与之相对应的一个门电路( )

【答案】D

【解析】由真值表分析该门电路为或非门电路,根据题干或非门的符号为C正确。

【考点】简单的逻辑电路

5. 随着信息技术的发展,我们可以用磁传感器把磁感应强度变成电信号,通过计算机对磁场进行研究。图中磁传感器探头对磁场很敏感,输出的电信号从右端经过电缆和接口装置进入计算机。现用磁传感器探测通电螺线管轴线上的磁感应强度,将探头从螺线管右端沿轴线向左端移动时,测得磁感应强度B的大小随位置x的变化关系,下面最符合实际情况的图是( )

【答案】B

【解析】从外部逐渐靠近螺线管两端时,磁场逐渐增强,但不是均匀增强,磁场基本上是匀强磁场,磁感应强度大于螺线管端点的磁感应强度,磁场左右对称,故应该选B。 【考点】磁感应强度

6. 如图所示是某款理发用的电吹风的电路图,它主要由电动机M和电热丝R构成。当闭合开关S1、S2后,电动机驱动风叶旋转,将空气从进风口吸入,经电热丝加热,形成热风后从出风口吹出。已知电吹风的额定电压为220V,吹冷风时的功率为120W,吹热风时的功率为1000W。关于该电吹风,下列说法正确的是( ) A.电热丝的电阻为55 Ω B.电动机的电阻为1210/3 Ω

C.当电吹风吹热风时,电热丝每秒钟消耗的电能为1000 JD.当电吹风吹热风时,电动机每秒钟消耗的电能为120J 【答案】AD 【解析】:

U2吹热风时P=880W,由P得R=55 Ω,故A对;

RU2由P得电动机的电阻R=403.3 Ω是错误的,因为电动机是非纯电阻用电器,故B错误;

R由QPt得电热丝每秒钟消耗的电能为880 J,电动机每秒钟消耗的电能为120J,故C错误D正确。

【考点】串联电路和并联电路;欧姆定律;焦耳定律

7. 一束粒子流由左端平行于极板P1射入质谱仪,沿着直线通过电磁场复合区后,并从狭缝S0

进入匀强磁场B2,在磁场B2中分为如图所示的三束,则下列相关说法中正确的是( )

A.速度选择器的P1极板带负电

B.粒子1带正电

C.能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于E/B1 D.粒子2的比荷q/m的绝对值最大 【答案】C 【解析】

A、在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动,由左手定则可知,洛伦兹力方向竖直向上,则电场力方向向下,粒子带正电,电场强度方向向下,所以速度选择器的P1极板带正电,故A错误;

B、由图可知,带电粒子进入匀强磁场B2时向上偏转,所以粒子所受的洛伦兹力方向向上,根据左手定则判断得知该束粒子带负电,故B错误;

C、粒子能通过狭缝,电场力与洛伦兹力平衡,则有:qvB1qE,解得vE,故C正确; B1v2mvD、根据qvBm得,r,知r越大,比荷越小,所以D错误。

qBr【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理

8. 空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场,图中的正方形为其边界。一细束由两种粒子组

成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射。这两种粒子带同种电荷,它们的电荷量、质量均不同,但其比荷相同,且都包含不同速率的粒子。不计重力。下列说法正确的是( ) A.入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同 B.入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同 C.在磁场中运动时间相同的粒子,其运动轨迹一定相同

D.在磁场中运动时间越长的粒子,其轨迹所对的圆心角一定越大【答案】AD 【解析】

A、在磁场中半径rmv,运动圆弧对应的半径与速率成正比,由于入射速度相同,则粒子qB在磁场中的运动轨迹也相同,故A正确;

B、入射速度不同的粒子,若它们入射速度方向相同,则它们的运动也一定相同,虽然轨迹不一样,但圆心角却相同,则磁场中运动时间:t定相同,故B错误; C、在磁场中运动时间:t同,故C错误;

D、由于它们的周期相同的,在磁场中运动时间越长的粒子,其轨迹所对的圆心角也一定越大,故D正确。

【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力

9. 如图所示,OP、OQ为匀强磁场的边界,磁场分布足够广,磁感应强度为B,方向垂直纸面向里。一质量为m、电量为q的电荷(重力不计)以平行于OQ边的速度从M点垂直磁场射入,并从N点垂直OQ离开,已知θ=30°,OM=l,则( ) A.该电荷在磁场中运动的轨道半径等于l

mqB(θ为转过圆心角),所以运动时间一

mqB,虽圆心角可能相同,但半径可能不同,所以运动轨迹也不

B.该电荷在磁场中运动的轨道半径等于

2πmC.该电荷在磁场中运动的时间为

2qBπmD.该电荷在磁场中运动的时间为

6qB【答案】BC

l

【解析】

由几何知识可得半径rlsin30olmm,而t,所以在磁场中运动的时间为,故选2qB2qBBC。

【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力

10. 如图所示,空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T的匀强磁场,一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上,在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块,滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5,滑块受到的最大静摩擦力可认为

2

等于滑动摩擦力。t=0时对木板施加方向水平向左,大小为0.6N恒力,g取10m/s。则( )

2

A.木板和滑块一直做加速度为2m/s的匀加速运动

B.滑块开始做加速度减小的变加速运动,最后做速度为10m/s匀速运动

2

C.木板先做加速度为2m/s匀加速运动,再做加速度增大的运动,最后做加速度为3m/s的匀加速运动

D.t=5s后滑块和木块有相对运动

2

【答案】C 【解析】

ABC、由于动摩擦因数为0.5,静摩擦力能提供的最大加速度为5m/s,所以当0.6N的恒力作用于木板时,系统一起以a2

F=2m/s2的加速度一起运动,当滑块获得向左运动的速

Mm度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力,当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零,此时Bqvmg,解得:v10m/s,此时摩擦力消失,滑块做匀速运动,而木板在恒力作用下做匀加速运动,aF=3m/s2,可知滑块先与木板一起做匀加速直线运动,然后发生m2

相对滑动,做加速度减小的变加速,最后做速度为10m/s的匀速运动.故A、B错误,C正确; D、木块开始的加速度为2m/s,然后加速度逐渐减小,当减小到零,与木板脱离做匀速直线运动,知5s末的速度小于10m/s,知此时摩擦力不为零,还未脱离木板,故D正确。 【考点】洛仑兹力;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用

二、实验题:(14分)把答案填在答题卷纸相应的横线上或按题目要求作答.

11. 如图所示,螺旋测微器的示数为 mm;游标卡尺的示数为 cm。

【答案】4.700 10.015

【解析】螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm,可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm,所

以最终螺旋测微器的示数为4.700mm;

游标卡尺主尺读数为100mm,游标读数为0.05×3mm=0.15mm,最终读数为100.15mm即10.015cm。

【考点】长度的测量、游标卡尺和螺旋测微器的使用

12. (10分)某同学用图甲所示的电路测绘额定电压为3.0V的小灯泡伏安特性图线,并研究小灯泡实际功率及灯丝温度等问题。

① 根据电路图,将图乙中的实验仪器连成完整的实验电路。

②连好电路后,开关闭合前,图甲中滑动变阻器R的滑片应置于 (填“a端”、“b端”或“ab正中间”)。 ③闭合开关,调节滑动变阻器R的滑片,发现“电流表的示数为零,电压表的示数逐渐增大”,则分析电路的可能故障为 。

A.小灯泡短路 B.小灯泡断路 C.电流表断路 D.滑动变阻器断路

④排除故障后,该同学完成了实验。根据实验数据,画出的小灯泡I--U图线如图。形成图中小灯泡伏安特性图线是曲线的原因为 .

⑤根据I--U图线,将该小灯泡与“3V,6Ω”的电源相连时,

灯泡的实际功率为 。(保留两位有效数字)。 【答案】 ①如图连接 ② a端 ③ B

④灯丝的电阻随温度的升高而增大

⑤ 0.36w-0.39w 【解析】

①、根据电路图连线实物图如图所示;

②、连好电路后,开关闭合前,图中滑动变阻器R的滑片应置于a端;

③闭合开关,向b端调节滑动变阻器R的滑片,发现“电流表的示数为零”,说明小灯泡或滑动变阻器断路,而又有“电压表的示数逐渐增大”,根据变阻器是分压式接法可知,只能是小灯泡发生断路,则分析电路的可能故障为小灯泡断路,故应选B;

④、根据欧姆定律知,画出的小灯泡I-U图线是曲线的原因是,灯丝的电阻随温度的升高而增大;

⑤、作出电源的U-I图像,如右图,两图像的交点就是电路唯一的解,由图中可以读出此时灯泡两端的电压和电路中的电流,由PUI可计算出此时灯泡的实际功率。 【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线

三.计算题。本题共4题,共46分,解答应写出必要的文字说明,方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。 13. (9分)如图所示的匀强电场中,有a、b、c三点,ab=4cm,bc=12cm,其中ab沿电场方

-8

向,bc和电场方向成60°角,一个电荷量为q=6×10C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=2.4×10-7J

求:(1)匀强电场的场强E的大小

(2)将电荷从b移到c,电场力做功W2为多少?

(3)a、c两点电势差Uac的大小 【答案】 E= 00V/m W2= 3.6×10J Uac= 10V 【解析】

(1)由W1=qUab 得Uab= W1/ q=4V

而E=U1/x1=100V/m

-7

(2)Ubc=Exbccos60=6V W2=qUbc=3.6×10J (3)Uac= Uab+Ubc=4V+6V=10V

【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系;电场强度;电场力做功

o-7

14. (12分)如图所示,电源电动势E=12V,内电阻r =0.5Ω,外电路中R =4Ω,R1 =6Ω,滑动变阻器R2的变化范围是0~30Ω,求:

(1)滑动变阻器R2取值为多少时,电流表读数最大,电流表示数最大值为多少? (2)滑动变阻器R2取值为多少时,R中消耗功率最大,且最大功率为多少?

(3)滑动变阻器R2取值为多少时,MN并联部分的功率最大,且最大功率为多少? 【答案】R2=30Ω时IA=1.1A R2=0Ω时 PR=28.4W R并=R+r时P=8W 并【解析】

(1)分析电路可知:P在最上端R2=30Ω时,安培表示数最大, 此时:R并R1R2

R1R2 IE

rRR并 IAIR并 R1 解得IA≈1.1A

(2)P在最下端R2=0Ω时,R的功率最大,

此时 IErR

PR=I R

PR≈28.4W (3)当R并=R+r时,R并功率最大,

2

此时

R1R24.5

R1R2′

得 R2=18Ω

P并E2=8W 4R并【考点】闭合电路的欧姆定律;电功、电功率

15. (12分)水平放置的两个平行金属轨道相距0.2m上面有一质量为0.04kg的均匀金属棒ab,电源电动势为6 V,内阻为0.5Ω,滑动变阻器调到2.5Ω时,在金属棒所在位置施加一个垂直于ab的匀强磁场,使金属棒ab对轨道的压力恰好为零,且金属棒ab保持静止。

(1)求匀强磁场磁感应强度B的大小和方向. (2)若保持磁感应强度B的大小不变,方向顺时针旋转37°(沿ab方向观察),此时ab仍然静止,求轨道

2

对ab的支持力和摩擦力的大小?(g=10m/s) 【答案】B=1T,且方向水平向左 N=0.08N,f静=0.24N 【解析】

(1)当F安=mg,ab对轨道的压力恰好为零, F安=BIL It

ErR2R0T42v2 解得B=1T,且方向水平向左 (2)F安cos53°=f静 N=mg- F安sin53°

解得:N=0.08N,f静=0.24N 【考点】左手定则;安培力

16. (13分)如图(a)所示,在以O为圆心,内外半径分别为R1和R2的圆环区域内,存在

辐射状电场和垂直纸面的匀强磁场,内外圆间的电势差为U,R1=R0,R2 =3R0,一电荷量为+q,质量为m的粒子从内圆上的A点进入该区域,不计重力。

(1)已知粒子从外圆上以速度v1射出,求粒子在A点的初速度v0的大小。

(2)若撤去电场,如图(b),已知粒子从OA延长线与外圆的交点C以速度v2射出,方向与OA延长线成45°角,求磁感应强度B的大小及粒子在磁场中运动的时间t。

(3)在图(b)中,若粒子从A点进入磁场,速度大小为v3,方向不确定,要使粒子一定能够从外圆射出,磁感应强度应小于多少?

02【答案】 B2qUBt2v0v1m2mv2qR0T42R2v2mv3 2qR0【解析】

(1)粒子从A点到离开场区的过程,由动能定理 12122qU2mv1mv0v0v122 解得 mqU

(2)如图,由几何关系知,粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为:

2v22Rqv2BmTR向心力: 周期: v2R2R0 解得:

B2mv22qR0T22R0v22R0T粒子在磁场中的运动时间: 42v2t

(3)由题意分析知,粒子不离开磁场的最大半径为: RR1R22R0

v向心力 : Rqv3Bm

解得最小: B232mv3 2qR0【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力

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物 理 答 案

一 .选择题.本题包括10小题,共50分。在每个小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有错选或不答的得0分 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 BD D A D B AD C AD BC C 二、实验题:(14分,每空2分) 13. 4.700 (4.699, 4.701给分) 10.015

14.①如图连接

② a端 ③ B ④灯丝的电阻随温度的升高而增大

⑤ 0.36w-0.39w

三.计算题。本题共4题,共46分,解答应写出必要的文字说明,方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。

2.4107315.(9分)(1)W1=qUab Uab= W1/ q=610 V=4V

E=U1/x1=100V/m ……3分

o-7

(2)Ubc=Exbccos60=6V W2=qUbc=3.6×10J ……3分 (3)Uac= Uab+Ubc=4V+6V=10V ……3分

16、(12分)

(1)(4分)分析电路可知:P在最上端R2=30Ω时,安培表示数最大,

R1R2 …………………①

R1R2E I……………………②

rRR并 此时:R并 IAIR并 …………………………..③ R1 解得IA≈1.1A ………4分 (2)(4分)P在最下端R2=0Ω时,R的功率最大,

此时 I2

ErR

PR=I R

PR≈28.4W ………4分 (3)当R并=R+r时,R并功率最大,

此时

R1R24.5

R1R2′

得 R2=18Ω P并

17.(12分)(1)当F安=mg……………①,ab对轨道的压力恰好为零, F安=BIL …………② IE2=8W ………4分 4R并ErR ………….③

解得B=1T,且方向水平向左 ………6分 (2)F安cos53°=f静 ……………..④ N=mg- F安sin53° …………..⑤

解得:N=0.08N,f静=0.24N ………6分

18.(13分)

解: (1)粒子从A点到离开场区的过程,由动能定理 12122qU2qUmvmvvv1001 解得 ………4分 22m(2)如图,由几何关系知,粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为:

R2R0

向心力: v2qv2Bm2

R

周期: 2RT v2

22R02mv2解得:

BT 2qR0v2粒子在磁场中的运动时间: 2R0T ………5分 t42v2

(3)由题意分析知,粒子不离开磁场的最大半径为:

RR2 R12R022向心力 : v3qv3Bm

Rmv3解得最小: B …………4分

2qR0

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物 理 答 题 卡

一 .选择题.本题包括10小题,共50分。在每个小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有错选或不答的得0分 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 二、实验题:(14分)把答案填在答题卷纸相应的横线上或按题目要求作答. V 13. 、 14.①根据电路图,将图乙中的实验仪器连成完整的实验电路。 ② (填“a端”、“b端”或“ab正中间”)。③ 。 ④原因为 。 ⑤ 。(保留两位有效数字)。

乙A A + _ 三.计算题。本题共4题,共46分,解答应写出必要的文字说明,方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。 15. c E 60° b a 16. 17. b a 18. R2ACR1Ov245(b)

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